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金华十校2023-2024学年第二学期期末调研考试
高二数学试题卷
本试卷分选择题和非选择题两部分.考试时间120分钟.试卷总分为150分.请考生按规定用笔将所有试题的答案涂?写在答题纸上.
选择题部分(共58分)
一?单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知复数,则在复平面内对应的点位于()
A.第一象限 B.第二象限
C.第三象限 D.第四象限
【答案】D
【解析】
【分析】利用复数减法与复数的几何意义计算即可得.
【详解】,
故在复平面内对应的点位于第四象限.
故选:D.
2.已知向量,且,则()
A.11 B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意,由向量垂直的坐标表示,代入计算,即可求解.
【详解】因为向量,则,
且,则,解得.
故选:D
3.已知是实数,则“”是“”的()
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】B
【解析】
【分析】根据双勾函数的性质结合充分条件和必要条件的定义即可得解.
【详解】由双勾函数的性质可得在上递减,在上递增,
则当或时,,
所以“”是“”的必要不充分条件.
故选:B.
4.已知函数的对称中心为,则能使函数单调递增的区间为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据余弦函数的对称中心在其图象上,将代入解析式可求得,再利用余弦函数单调性求出单调递增区间即可的答案..
【详解】由图象的一个对称中心是,所以,
则,,即,,
又,所以,得函数,
令,,
即,;
故的单调递增区间为,,
而当时,单调递增区间为,又,
所以C正确,其余区间都不符合题意.
故选:C
5.函数的图象为()
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据函数的定义域,奇偶性,以及特殊值可判断选项.
【详解】由函数可得函数的定义域为,
由可知函数为奇函数,
其图象关于坐标原点对称,故舍去A,B,两项;
又由,可得D项不合题意,故C项正确.
故选:C.
6.已知随机变量,且,则()
A.0.4 B.0.2 C.0.8 D.0.1
【答案】A
【解析】
【分析】根据题意,由正态分布的对称性可得,再由正态曲线的性质代入计算,即可得到结果.
【详解】因为,且,则,即,
则.
故选:A
7.高二某班男生20人,女生30人,男?女生身高平均数分别为,方差分别为170?160,记该班全体同学身高平均数为,方差为,则()
A. B.
C D.
【答案】B
【解析】
【分析】利用分层抽样的平均数与方差公式求解即可.
【详解】由题可知,该班全体学生身高的平均值为,
该班全体学生身高的方差为s2
故选:B
8.已知当时,,若函数的定义域为,且有为奇函数,为偶函数,则所在的区间是()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】由已知的奇偶性,确定函数的周期性,周期为4,然后由周期性、对数的运算法则计算函数值.
【详解】因为为奇函数,
所以,即,
又因为为偶函数,
所以,
即,
所以,
故是以为周期的周期函数.
因为当时,,
所以
因为,
所以.
故选:C.
【点睛】关键点点睛:解题关键是通过点对称与轴对称求周期,以及对数的运算.
二?多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,有选错的得0分,部分选对的得部分分.
9.在正方体中,()
A.
B.直线与所成角为
C.平面
D.直线与平面所成角为
【答案】ACD
【解析】
【分析】先证明平面即可证明,则A正确;为直线与所成角,,则B错误;由,可得平面,C正确;由为直线与平面所成角,求解即可,D正确.
【详解】对于A,因为为正方体,则为正方形,
且平面,,平面,
所以,,平面,所以平面,
又平面,则,A正确;
对于B,设正方体棱长为,
因为,所以为直线与所成角,
在中,,则,
所以直线与所成角不是,B错误;
对于C,由,平面,平面,
所以平面,C正确;
对于D,连结,由平面,得,
又,,平面,所以平面,
连结,则为在平面上的射影,
所以为直线与平面所成角,
在直角三角形中,,所以
则直线与平面所成角为,D正确.
故选:ACD.
10.投掷一枚质地均匀的硬币两次,记“第一次正面向上”为事件,“第二次正面向上”为事件,“至少有一次正面向上”为事件,则下列判断正确的是()
A.与相互独立
B.与互斥
C.
D.
【答案】ACD
【解析】
【分析】根
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