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不等式的证明·典型例题
【例1】 已知a,b,c∈R+,求证:a3+b3+c3≥3abc.
【分析】 用求差比较法证明.
证明:a3+b3+c3-3abc=[(a+b)3+c3]-3a2b-3ab2-3abc
=(a+b+c)[(a+b)2-(a+b)c+c2]-3ab(a+b+c)
=(a+b+c)[a2+b2+c2-ab-bc-ca]
∵a,b,c∈R+,∴a+b+c>0.
(c-a)]2≥0
即 a3+b3+c3-3abc≥0,∴a3+b3+c3≥3abc.
【例2】 已知a,b∈R+,n∈N,求证:(a+b)(an+bn)≤2(an+1+bn+1).
【分析】 用求差比较法证明.
证明:左-右=an+1+abn+anb+bn+1-2an+1-2bn+1
=abn+anb-an+1-bn+1
=a(bn-an)+b(an-bn)
=(bn-an)(a-b)
(*)
当a>b>0时,bn-an<0,a-b>0,∴(*)<0;
当b>a>0时,bn-an>0,a-b<0,∴(*)<0;当a=b>0时,bn-an=0,a-b=0,∴(*)=0.
综上所述,有(a+b)(an+bn)-2(an+1+bn+1)≤0.即 (a+b)(an+bn)≤2(an+1+bn+1).
【说明】 在求差比较的三个步骤中,“变形”是关键,常用的变形手段有配方、因式分解等,常将“差式”变形为一个常数,或几个因式积的形式.
【例3】 已知a,b∈R+,求证aabb≥abba.
【分析】 采用求商比较法证明.证明:∵a,b∈R+,∴abba>0
综上所述,当a>0,b>0,必有aabb≥abba.
【说明】 商值比较法的理论依据是:
【例4】 已知a、b、c是不全等的正数,求证:
a(b2+c2)+b(c2+a2)+c(a2+b2)>6abc.
【分析】 采用综合法证明,利用性质a2+b2≥2ab.证明:∵b2+c2≥2bc,a>0,∴a(b2+c2)≥2abc.
①
同理b(c2+a2)≥2abc
②
c(a2+b2)≥2abc
③
∵a,b,c不全相等,∴①,②,③中至少有一个式子不能取“=”号
∴①+②+③,得a(b2+c2)+b(c2+a2)+c(a2+b2)>6abc.
【例5】 已知a,b,c∈R+,求证:(1)(ab+a+b+1)(ab+ac+bc+c2)≥16abc;
【分析】 用综合法证明,注意构造定理所需条件.证明:
(1)ab+a+b+1=(a+1)(b+1),ab+ac+bc+c2=(a+c)(b+c).
∴(a+1)(b+1)(a+c)(b+c)≥16abc因此,当a,b,c∈R+,有(ab+a+b+1)(ab+ac+bc+c2)≥16abc.
【说明】 用均值定理证明不等式时,一要注意定理适用的条件,二要为运用定理对式子作适当变形,把式子分成若干分,对每部分运用均值定理后,再把它们相加或相乘.
【分析】 采用分析法证明.
(*)
∵a<c,b<c,∴a+b<2c,∴(*)式成立.
∴原不等式成立.
[说明]往竞“分析祛"的证明格式,是用“="符号,不断
用充分条件代替前面的不等式.
【例7】 若a、b、c是不全相等的正数,求证:
a+ bb+ c c+a
lg +lg +lg 灰+lgb+lgc.
乙乙乙
2 参 2 多 2 卢【分析】利用对数性质子待证不等式为纸a+b b+c c+a.a+b b+c c+
2 参 2 多 2 卢
l吵c季即 参 拳
2 2 2
/如-子,
于是利用 2 矗5即可得证奎
乙
a+b b+c c+ a
证明:(分析祛)lg +lg +lg lga+梦+1婴
乙乙乙
a+b h+c c+a
乙=;l纸 r- 参
乙
乙
李— —)>lg动c
夕?乙
夕?
a+b b+c c+a
>扯c
壬一一 季 参
乙乙乙乒夕 乒 ?,
乙乙乙
a+b b+c一二 c+ a
·——尽>0子一 夕五乙c 0, >尽>0, 且上三个
2 2 2
a+b b+c c+a
不等式中等号不能同时成立所以
参季
2 2 乙
a忱成立紊
a +b . b+c . c+a
2__§乙
2
__§
乙
乙
+lg r+1g r lga+lgb+l痉王
证明二:(综合法)∵a,b,c∈R+,
a+b
2
嘉>o b+c
子
子
2二·-
忘>o子
a+c ~
丘
o,.
2 2 乙
abc成立.上式两边同取常用对数,得
【说明】 分析法和综合法是对立统一的两个方面.在证法
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