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(教师典型例题专讲)2014届高三数学一轮提能一日一讲(11月12日)
【教师典型例题专讲】2014届高三数学一轮提能一日一讲(11月12日)
一、选择题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,将答案填在题后括号内.
1.(2013·安徽卷)在下列命题中,不是公理的是( )
A.平行于同一个平面的两个平面相互平行
B.过不在同一条直线上的三点,有且只有一个平面
C.如果一条直线上的两点在一个平面内,那么这条直线上所有的点都在此平面内
D.如果两个不重合的平面有一个公共点,那么它们有且只有一条过该点的公共直线
解析 立体几何中的公理有四个,B,C,D都是,第四个为空间平行线的传递性,而A是面面平行的性质定理,由公理推证出来的,故选A.
答案 A
2.l1,l2,l3是空间三条不同的直线,则下列命题正确的是( )
A.l1l2,l2l3?l1∥l3
B.l1l2,l2l3?l1⊥l3
C.l1l2∥l3?l1,l2,l3共面
D.l1,l2,l3共点l1,l2,l3共面
解析 对于A,直线l1与l3可能异面;对于C,直线l1、l2、l3可能构成三棱柱三条侧棱所在直线时而不共面;对于D,直线l1、l2、l3相交于同一个点时不一定共面,所以选B.
答案 B
3.设a,b为两条直线,α,β为两个平面,且aα,aβ,则下列结论中不成立的是( )
A.若bβ,ab,则aβ
B.若aβ,αβ,则aα
C.若ab,bα,则aα
D.若αβ,aβ,ba,则bα
思路分析 根据空间中的平行、垂直关系的判定和性质定理逐个进行判断.
解析 对于选项A,若有bβ,ab,且已知aβ,所以根据线面平行的判定定理,可得aβ.故选项A正确.
对于选项B,若aβ,αβ,则根据空间线、面的位置关系,可知aα或aα,而由已知可知aα,所以aα.故选项B正确.
对于选项C,若ab,bα,所以aα或aα.而由已知aα,所以aα.故选项C正确.
对于选项D,由aβ,ba,可得bβ.又αβ,所以bα或bα.故不能得到bα.所以选项D错误.
故选D.
答案 D
4.(2013·全国卷)已知m,n为异面直线,m平面α,n平面β.直线l满足lm,ln,lα,lβ,则( )
A.αβ且lα
B.αβ且lβ
C.α与β相交,且交线垂直于l
D.α与β相交,且交线平行于l
解析 m,n为异面直线,m面α,n面β,则α,β一定相交,不一定垂直,但交线一定垂直于直线m,n,又lm,且ln,则l平行于α和β的交线,故选D.
答案 D
5如图所示,在四边形ABCD中,ADBC,AD=AB,BCD=45°,BAD=90°,将ABD沿BD折起,使平面ABD平面BCD,构成三棱锥A-BCD,则在三棱锥A-BCD中,下列命题正确的是( )
A.平面ABD平面ABC B.平面ADC平面BDC
C.平面ABC平面BDC D.平面ADC平面ABC
解析 由题意知,在四边形ABCD中,CDBD.
在三棱锥A-BCD中,平面ABD平面BCD,两平面的交线为BD,
所以CD平面ABD,因此有ABCD.
又因为ABAD,AD∩DC=D,所以AB平面ADC,于是得到平面ADC平面ABC.
答案 D
6.(2013·江西卷)如图所示,正方体的底面与正四面体的底面在同一平面α上,且ABCD,正方体的六个面所在的平面与直线CE,EF相交的平面个数分别记为m,n,那么m+n=( )
A.8 B.9
C.10 D.11
解析 取CD中点G,连接EG,FG,得CDEG,CDFG,所以CD面EFG,又ABCD,所以AB面EFG,所以ABEF,则EF与正方体的左右面平行,与上下前后四个面均相交,n=4,而CE在底面内与上底面平行,与四个侧面都相交,所以m=4,m+n=8,故选A.
答案 A
二、填空题:本大题共3小题,每小题5分,共15分.将答案填在题中横线上.
7.(2013·贵州贵阳一模)在正方体ABCD-A1B1C1D1中,M,N分别为A1B1,BB1的中点,则异面直线AM与CN所成角的余弦值为________.
解析 如图所示,取AB的中点E,连接B1E,则AMB1E,取EB的中点F,连接FN,则B1EFN,因此AMFN,则直线FN与CN所夹的锐角或直角为异面直线AM与CN所成的角.
设AB=1,连接CF,在CFN中,CN=,FN=,CF=.
由余弦定理得cosCNF==.
答案
8.
(2013·北京卷)如图所示,在棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,E为BC的中点,点P在线段D1E上.点P到直线CC1的距离的最小值为________.
解析 点P到直线CC1的距离等于点P在面ABCD上的射影到点C的距离,点P在面ABCD内的射影落在线段DE上,设为P′,问题等价求为P′C的最小值,当P′CDE时,P′C的长度
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