习题参考解答(图论部分)..doc

习题十 1. 设G是一个(n，mG是完全图。 证明：（1）先证结论： 因为G是简单图，所以G的结点度上限 max(d(v)) ≤ n-1, G图的总点度上限为 max(Σ(d(v)) ≤ n﹒max(d(v)) ≤ n(n-1) 。根据握手定理，G图边的上限为 max(m) ≤ n(n-1)/2,所以。 （2） =〉G是完全图 因为G具有上限边数，假设有结点的点度小于n-1,那么G的总度数就小于上限值，边数就小于上限值，与条件矛盾。所以，G的每个结点的点度都为n-1，G为完全图。 G是完全图 =〉 因为G是完全图，所以每个结点的点度为n-1, 总度数为n(n-1)，根据握手定理，图G的边数 。■ 2. 设G是一个（n，n+1）G中存在顶点u，d（u）≥3 证明：反证法，假设,则G的总点度上限为max(Σ(d(u)) ≤2 n，根据握手定理，图边的上限为max(m) ≤ 2n/2=n。与题设m = n+1，矛盾。因此，G中存在顶点u，d（u）≥3 3．确定下面的序列中哪些是图的序列，若是图的序列，画出一个对应的图来: （1）（3，2，0，1，5）； （2）（6，3，3，2，2） （3）（4，4，2，2，4）； （4）（7，6，8，3，9，5） 解：除序列（1）不是图序列外，其余的都是图序列。因为在（1）中，总和为奇数，不满足图总度数为偶数的握手定理。 可以按如下方法构造满足要求的图：序列中每个数字ai对应一个点，如果序列数字是偶数，那么就在对应的点上画ai/2个环，如果序列是奇数，那么在对应的点上画(ai-1)/2个环。最后，将奇数序列对应的点两两一组，添加连线即可。下面以（2）为例说明： (6 , 3, 3, 2, 2 ) 对应图G的点集合V= { v1,v2,v3,v4,v5} 每个结点对应的环数(6/2, (3-1)/2, (3-1)/2, 2/2,2/2) = (3,1,1,1,1) 将奇数3，3 对应的结点v2,v3一组，画一条连线 其他序列可以类式作图，当然大家也可以画图其它不同的图形。■ 4．证明：在（n，m） 证明：图的点度数是一组非负整数{d(v1),d(v2)…d(vn)}，那么这组数的算术平均值一定大于等于其中的最小值，同时小于等于其中的最大值。对应到图的术语及为：最大值为，最小值为δ，平均值 = (d(v1)+d(v2)…+d(vn))/n = 2m/n,所以。■ 5．证明定理10.2。 【定理10.2】 对于任何（n,m）G =（V，E） 证明：有向图中,每条有向边为图贡献一度出度，同时贡献一度出度，所以总出度和总入度相等，并和边数相等。因此，上述关系等式成立。■ 6．设G是（n，m） 证明：本题目，我们是需要说明n阶的简单二部图的边数的最大值 = 即可。 设n阶的简单二部图，其两部分结点集合分别为V1，V2,那么|V1| + |V2| = n。此种情况下，当G为完全二部图时，有最多的边数，即max(m) = |V1||V2|,变形为，max(m) =( n-|V2|)|V2|.此函数的最大值及为n阶二部图的边的上限值，其上限值为当|V2|=n/2 时取得。及max(max(m)) = ,所以n阶二部图(n,m), ■ 7. 无向图G有21条边，12个3度数结点，其余结点的度数均为2，求G的阶数n。 解：根据握手定理有： 21 =( 3Χ12 + 2(n-12))/2, 解此方程得n = 15■ 8．证明：完全图的点诱导子图也是完全图。 证明：方法1 为证明此结论，我们先证两个引论： 引论1：设G(V,E)为母图，,则G的任意子图G(V’,E’)是G关于V’的点诱导子图G(V’,E’’)的子图。 引论2：引论1中G’’(V’,E’’)的任意点诱导子图，也是G图的点诱导子图。 证明：略，请读者证明。 设有完全图Kn( n≥1),现根据其p阶点诱导子图作归纳证明。 Kn的1阶点诱导子图，显然是完全图，且都是K1图。当n≥2，Kn的2阶点诱导子图，显然是完全图，且都是K2图 假设Kn的p(np2)阶点诱导子图，为Kp图，那么对任意的p+1阶点诱导子图G，根据引理2结论，G的任意p阶点诱导子图G’为Kn的p阶点诱导子图，且为Kp图。因此，G必为Kp+1图。 根据以上论证可得原命题成立■ 方法2 因为完全图的任意两个顶点均邻接，所以点导出子图任意两个顶点也邻接，为完全图。■ 9．若，称G是自补图。确定一个图为自补图的最低条件；画出一个自补图来。 解：设G为(n,m)图，为(n,m`)图， 根据补图的定义有，至少应该满足 m+m`=n(n-1)/2 (1) 根据同构的定义有，