步步高考前3个月物理课件（江苏）知识专题复习9直流电路与交流电路.pptx

第一部分　知识专题复习专题9　直流电路与交流电路网络构建栏目索引考题一　直流电路的分析考题二　交变电流的产生及描述考题三　变压器及远距离输电考题一　直流电路的分析方法指导2.直流电路动态分析的3种常用方法方法1：程序法方法2：结论法——“串反并同”“串反”：指某一电阻增大(减小)时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将减小(增大).“并同”：指某一电阻增大(减小)时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将增大(减小).方法3：极限法因滑动变阻器滑片滑动引起电路变化的问题，可将滑动变阻器的滑片分别滑至两个极端，使电阻最大或电阻为零去讨论.典例剖析例1　如图1所示，图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示.已知电流表读数在0.2 A以下时，电动机没有发生转动.不考虑电表对电路的影响，以下判断正确的是(　)A.电路中电源电动势为3.4 VB.变阻器的触头向右滑动时， V2读数逐渐减小C.此电路中，电动机的最大 输出功率为0.9 WD.变阻器的最大阻值为30 Ω图1√解析解析　由题图甲知，电压表V2测量路端电压，电流增大时，内电压增大，路端电压减小，所以最上面的图线表示V2的电压与电流的关系，此图线斜率的绝对值大小等于电源的内阻，为r＝ ＝2 Ω.当电流I＝0.1 A时，U＝3.4 V，则电源的电动势E＝U＋Ir＝3.4 V＋0.1×2 V＝3.6 V，故A错误；变阻器的触头向右滑动时，R阻值变大，总电流减小，内电压减小，路端电压即为V2读数逐渐增大，故B错误；解析由题图乙可知，电动机的电阻rM＝ ＝4 Ω.当I＝0.3 A时，U＝3 V，电动机的输入功率最大，最大输入功率为P＝UI＝3×0.3 W＝0.9 W，则最大输出功率一定小于0.9 W，故C错误；12[变式训练]1.(2016·全国甲卷·17)阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图2所示电路.开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1；闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2.Q1与Q2的比值为(　)图2√解析12解析　S断开时等效电路图如图甲所示.S闭合时等效电路图如图乙所示.甲乙122.(2016·江苏·8)如图3所示的电路中，电源电动势为12 V，内阻为2 Ω，四个电阻的阻值已在图中标出，闭合开关S，下列说法正确的有(　)A.路端电压为10 VB.电源的总功率为10 WC.a、b间电压的大小为5 VD.a、b间用导线连接后，电路的总电流为1 A√√图3解析返回12电源的总功率P总＝EI＝12 W，B错；a、b间电压大小为Uab＝0.5×15 V－0.5×5 V＝ 5 V，C对；返回考题二　交变电流的产生及描述知识精讲1.线圈通过中性面时的特点(1)穿过线圈的磁通量最大；(2)线圈中的感应电动势为零；(3)线圈每经过中性面一次，感应电流的方向改变一次.2.交变电流“四值”的应用(1)最大值：Em＝nBSω，分析电容器的耐压值；(2)瞬时值：E＝Emsin ωt(由中性面开始计时)，计算闪光电器的闪光时间、线圈某时刻的受力情况；(3)有效值：电表的读数及计算电热、电功、电功率及保险丝的熔断电流；典例剖析例2　图4甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′(OO′沿水平方向)匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R＝10 Ω连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电压表，示数为10 V.图乙是矩形线圈中磁通量Φ随时间t变化的图象.则(　)图4√解析根据楞次定律，感应电流总是阻碍线圈的转动，所以当ab边速度方向向上时，它所受安培力的方向向下，选项D错.34[变式训练]3.如图5所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于水平方向的匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R.线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度ω从中性面开始匀速转动，线框转过 时的感应电流为I，下列说法正确的是(　)A.线框中感应电流的有效值为2I√√图5解析34344.如图6甲为风力发电的简易模型，在风力的作用下，风叶带动与其固定在一起的永磁铁转动，转速与风速成正比.某一风速时，线圈中产生的正弦式电流如图乙所示，则(　)A.电流的表达式为i＝ 0.6sin (10πt) AB.磁铁的转速为10 r/sC.风速加倍时电流的表达式 为i＝1.2sin (10πt) AD.风速加倍时线圈中电流的有效值为1.2 A√图6解析返回34解析　通过题图乙可知电流的最大值为0.6 A，周期T＝0.2 s，故ω＝ ＝10π rad/s，故电流的表达式为i＝0.6sin (10πt) A，故A正确；电流的周期为T＝0.2 s，故磁体的转