创新设计江苏专用2017届高考物理二轮复习专题四电路与电磁感应第1讲恒定电流与交变电流课件.ppt

第1讲　恒定电流与交变电流;1.(2016·江苏单科，8)如图1所示的电路中，电源电动势为12 V，内阻为2 Ω，四个电阻的阻值已在图中标出，闭合开关S，下列说法正确的有(　　);答案　AC;2.(2016·江苏单科，4)一自耦变压器如图2所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其接在a、b间作为原线圈。通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c、d间作为副线圈，在a、b间输入电压为U1的交变电流时，c、d间的输出电压为U2，在将滑动触头从M点顺时针转到N点的过程中(　　);答案　C;3.(2015·江苏单科，1)一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220 V交变电流改变为110 V。已知变压器原线圈匝数为800，则副线圈匝数为(　　) A.200 B.400 C.1 600 D.3 200;4.(2014·江苏单科，3)远距离输电的原理图如图3所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R。变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是(　　);答案　D;[考 情 分 析];直流电路的分析与计算;(2)利用结论法：即“串反并同”法 ①“串反”——即某一电阻增大(减小)时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压、消耗的电功率都减小(增大)； ②“并同”——即某一电阻增大(减小)时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、消耗的电功率都增大(减小)。;1.(2016·苏北四市一模)在如图4所示的电路中，E为电源，电源内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)， 为理想电压表，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，将滑动变阻器的滑片向上移动，则(　　);解析　将滑动变阻器的滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中的电流减小，故R1两端的电压减小，并联部分电压增大，通过R2的电流变大，A、C错误；由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P＝I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，B正确；因电路中电流减小，故电源的内耗电压减小，D错误。 答案　B;2.(2016·全国卷Ⅱ，17)阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图5所示电路。开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1；闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2。Q1与Q2的比值为(　　);解析　S断开时等效电路如图甲所示。;S闭合时等效电路如图乙所示。;3.(多选)如图6所示，平行金属板中带电质点P原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R1的阻值和电源内阻r相等。将滑动变阻器R4的滑片向b端移动，则(　　);解析　将滑动变阻器R4的滑片向b端移动，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知干路电流I增大。电容器极板间的电压等于R3两端的电压。R4减小，并联部分的总电阻减小，则R3的电压减小，R3上消耗的功率减小，电容器极板间场强减小，质点P所受的电场力减小，所以质点P将向下运动。流过电流表的电流IA＝I－I3，I增大，I3减小，则IA增大，所以电流表读数增大。R4的电压U4＝U3－U2，U3减小，U2增大，则U4减小，所以电压表读数减小。由于R1的阻值和电源内阻r相等，则外电路总电阻大于电源的内阻r，当外电阻减小时，电源的输出功率增大，A、B错误，C、D正确。 答案　CD;交变电流的产生和描述;(2)书写交变电流瞬时值表达式的基本思路： ①确定正弦式交变电流的峰值，根据已知图象读出或由公式Em＝nBSω求出相应峰值。 ②明确线圈的初始位置，找出对应的函数关系式。 a.若线圈从中性面位置开始转动，则i－t图象为正弦函数图象，函数式为i＝Imsin ωt。 b.若线圈从垂直中性面位置开始转动，则i－t图象为余弦函数图象，函数式为i＝Imcos ωt。;1.利用实验室的手摇发电机产生的正弦交流电给灯泡L供电，其电路如图7所示。当线圈以角速度ω匀速转动时，电压表示数为U，灯泡正常发光。已知发电机线圈的电阻为r，灯泡正常发光时的电阻为R，电表均为理想电表，导线电阻可忽略，则(　　);答案　D;2. (多选)小型发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd，bc边长度为L1，磁极间的磁场可视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO′，线圈以角速度ω绕OO′匀速转动，如图8所示。矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻，下列说法正确的是(　　);答案　AC;3.(多选)(2016·湖南怀化模拟)如图9甲所示，阻值为r＝4 Ω的矩形金属线框与理想电流表、理想变压器的原线圈构成回路，标有“12 V　36 W”的字样的灯泡L与理想变压器的副线圈构