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【课堂新坐标】(教师用书)2013-2014学年高中数学 1.3.2 函数的极值与导数课后知能检测 新人教A版选修2-2
【课堂新坐标】(教师用书)2013-2014学年高中数学 1.3.2 函数的极值与导数课后知能检测 新人教A版选修2-2
一、选择题
1.(2012·陕西高考)设函数f(x)=+ln x,则( )
A.x=为f(x)的极大值点
B.x=为f(x)的极小值点
C.x=2为f(x)的极大值点
D.x=2为f(x)的极小值点
【解析】 f′(x)=-,令f′(x)=0,即-=0得x=2,
当x(0,2)时,f′(x)0,当x(2,+∞)时,f′(x)0.
因此x=2为f(x)的极小值点,故选D.
【答案】 D
2.(2013·威海高二检测)函数f(x)=x3-3bx+3b在(0,1)内有极小值,则( )
A.0b1 B.b0
C.b0 D.b
【解析】 f′(x)=3x2-3b,要使f(x)在(0,1)内有极小值,则有即0b1,故选A.
【答案】 A
3.设aR,若函数y=ex+ax,xR有大于零的极值点,则( )
A.a<-1 B.a>-1
C.a<1 D.a>1
【解析】 y′=ex+a,由y′=0,得ex=-a,
设函数的极值点为x0(x0>0),则-a=ex0>1,
所以a<-1.
【答案】 A
4.设函数f(x)=x-ln x(x0),则y=f(x)( )
A.在区间(,1),(1,e)内均有零点
B.在区间(,1),(1,e)内均无零点
C.在区间(,1)内有零点,在区间(1,e)内无零点
D.在区间(,1)内无零点,在区间(1,e)内有零点
【解析】 由题意,得f′(x)=-=.令f′(x)0,得x3;令f′(x)0,得0x3;令f′(x)=0,得x=3,故函数f(x)在区间(0,3)上为减函数,在区间(3,+∞)为增函数,在点x=3处有极小值1-ln 30;又f(1)=,f(e)=-10,f()=+10,故选D.
【答案】 D
5.如图1-3-6是函数f(x)=x3+bx2+cx+d的大致图象,则x+x等于( )
图1-3-6
A. B. C. D.
【解析】 函数f(x)=x3+bx2+cx+d图象过点(0,0),(1,0),(2,0),得d=0,b+c+1=0,4b+2c+8=0,则b=-3,c=2,f′(x)=3x2+2bx+c=3x2-6x+2,且x1,x2是函数f(x)=x3+bx2+cx+d的两个极值点,即x1,x2是方程3x2-6x+2=0的实根,x+x=(x1+x2)2-2x1x2=4-=.
【答案】 C
二、填空题
6.(2013·佛山高二检测)函数f(x)=x3-3x2+1在x=________处取得极小值.
【解析】 由题意得f′(x)=3x2-6x=3x·(x-2).
当x0时,f′(x)0;当0x2时,f′(x)0;
当x2时,f′(x)0.故当x=2时取得极小值.
【答案】 2
7.如果函数y=f(x)的导函数的图象如图1-3-7所示,给出下列判断:
图1-3-7
(1)函数y=f(x)在区间(-3,-)内单调递增;
(2)函数y=f(x)在区间(-,3)内单调递减;
(3)函数y=f(x)在区间(4,5)内单调递增;
(4)当x=2时,函数y=f(x)有极小值;
(5)当x=-时,函数y=f(x)有极大值.
则上述判断中正确的是________.
【解析】 由导函数的图象知:
当x(-∞,-2)时,f′(x)0,f(x)单调递减;
当x(-2,2)时,f′(x)0,f(x)单调递增;
当x(2,4)时,f′(x)0,f(x)单调递减;
当x(4,+∞)时,f′(x)0,f(x)单调递增;
在x=-2时,f(x)取极小值;
在x=2时,f(x)取极大值;
在x=4时,f(x)取极小值.
所以只有(3)正确.
【答案】 (3)
8.已知关于x的函数f(x)=-x3+bx2+cx+bc,如果函数f(x)在x=1处取极值-,则b=________,c=________.
【解析】 f′(x)=-x2+2bx+c由
解得或
若b=1,c=-1,则f′(x)=-x2+2x-1=-(x-1)2≤0,此时f(x)没有极值;
若b=-1,c=3,则f′(x)=-x2-2x+3=-(x+3)(x-1),
当-3x1时,f′(x)0,
当x1时,f′(x)0,
所以当x=1时,f(x)有极大值-.
故b=-1,c=3即为所求.
【答案】 -1 3
三、解答题
9.已知函数f(x)=x3-x2-x.
(1)求f(x)的极值;
(2)画出它的大致图象;
(3)指出y=f(x)零点的个数.
【解】 (1)由已知得f′(x)=3x2-2x-1=0,
解得x1=-,x2=1,
当x变化时,f′(x),f(x)的变化情况如下表:
x (-∞,-) - (-,1) 1
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