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§7.4 有理域上的多项式 本原多项式 结论1 任意有理系数多项式和一个整系数多项式相通。 定义1 设?(x)=a0xn+a1xn-1+…+an是一个整系数多项式,若系数a0,a1,…,an互质,则称?(x)是一个本原多项式。 结论2 任意整系数多项式与一个本原多项式相通。 结论3 任意有理系数多项式与一个本原多项式相通。 定理7.4.1 设p是一个质数, ?(x)=a0xn+a1xn-1+…+an g(x)=b0xm+b1xm-1+…+bm 是两整系数多项式。若p整除?(x)g(x)的所有系数,则p或整除?(x)的所有系数或整除g(x)的所有系数。 证明:反证法。假定p不整除?(x)的所有系数也不整除g(x)的所有系数。 证明: 从后往前看?(x)和g(x),设ai,bj是?(x),g(x)的系数中第一个不为p整除者。于是, p不整除ai,p∣ai+1,…,p∣an (1) p不整除bj,p∣bj+1,…,p∣bm (2) ?(x)g(x)中xn-i+m-j的系数是:aibj+ai+1bj-1+ai+2bj-2+…+ai-1bj+1+ai-2bj+2+… 此式中,除aibj外,其余各项由(1)及(2)都为p整除,而由p不整除ai,p不整除bj,有p不整除aibj,故p不整除xn-i+m-j的系数,与题设p整除?(x)g(x)的所有系数矛盾。证毕。 定理7.4.2 设?(x)是本原多项式,g(x)是整系数多项式。若?(x)∣g(x),则以?(x)除g(x)所得之商式必是整系数多项式。 证明:由?(x)∣g(x)知,有: g(x)=?(x)h(x) 不论h(x)是否为整系数多项式,总可以取一个正整数c使k(x)=ch(x)是整系数多项式,故,cg(x)=?(x)k(x)。 此式表示以c乘g(x)的所有系数就是?(x)k(x)的所有系数,从而c整除?(x)k(x)的所有系数。 设c=p1p2…pr是c的质因数分解式。则 p1p2…pr g(x)=?(x)k(x) 因为p1∣p1p2…pr,故p1整除?(x)k(x)的所有系数,但?(x)是本原多项式,故p1整除k(x)的所有系数,从而k(x)=p1k1(x),其中k1(x)是整系数多项式。因此有: p2…pr g(x)=?(x)k1(x)。 同理有p1整除k1(x)的所有系数,如此下去,消去p1p2…pr 最后得g(x)=?(x)kr(x)。其中kr(x)是整系数多项式。 但由g(x)=?(x)h(x),有h(x)=kr(x),故h(x)是整系数多项式。证毕。 Eisenstein定则 定理7.4.2 设?(x)=a0xn+a1xn-1+…+an是整系数多项式,若对一个质数p,p不整除a0,p∣a1,…,p∣an,p2不整除an,则?(x)在有理域上不可约。 证明:用反证法,假定?(x)有一个真因式?(x),因为?(x)和一个本原多项式相通,不妨假定?(x)本身就是本原多项式。故,?(x)除?(x)所得的商式ψ(x)是整系数多项式。 从而?(x)可分解为非常数的两个整系数多项式之积,即,?(x)=a0xn+a1xn-1+…+an =(b0xr+…+br)(c0xs+…+cs) 于是有a0xn=b0c0xr+s,an=brcs 因为p不整除a0,所以p不整除b0,p不整除c0。因为p2不整除an,所以br和cs中至少有一个不为p整除,不妨设p不整除cs。在b0xr+…+br中从后往前看,设第一个不为p整除的系数为bi。 看(b0xr+…+br)(c0xs+…+cs)中xr-i的系数: bics+bi+1cs-1+bi+2cs-2+… (*) 由题设,这个系数应为p整除。 但p不整除bics,而(*)中其余各项都为p整除,可见p又不能整除这一系数,此为矛盾。证毕。 注意:并不是每一个有理域上的多项式都可用Eisenstein定则判定是否可约,xn+x+1就是一例。 例:由Eisenstein定则知,x2-2在有理域上不可约,所以x2-2不可能有有理根,因而立即推出 是无理数。 例:利用Eisenstein定则,可以写出许多在有理域上不可约的多项式,例如xn+2,x4+2x3-4x+10, xn+2x+2等。 定理7.4.4 对任意n≥1,有理域上有n次质式。 例1: 设p是质数, 用Eisenstein定则证明多项式f(x)=xp-1+ xp-2 +…+x+1在R0上不可约。 证明:f(x)=(xp-1)/(x-1),令t=x-1,则x=t+1,代入f(x)得 f(x)=(xp-1)/(x-1)
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