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(2008广东)4.1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其原理如图1所示。这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成,其间留有空隙。下列说法正确的是
A.
B.
C.
D.
AD
(2008北京)19.在如图所示的空间中,存在场强为E的匀强电场,同时存在沿x轴负方向,磁感应强度为B的匀强磁场。一质子(电荷量为e)在该空间恰沿y轴正方向以速度v匀速运动。据此可以判断出C
A.质子所受电场力大小等于eE,运动中电势能减小;沿z轴正方向电势升高
B.质子所受电场力大小等于eE,运动中电势能增大;沿z轴正方向电势降低
C.质子所受电场力大小等于evB,运动中电势能不变;沿z轴正方向电势升高
D.质子所受电场力大小等于evB,运动中电势能不变;沿z轴正方向电势降低
(2008宁夏)24.(17分)
如图所示,在xOy平面的第一象限有一匀强电场,电场的方向平行于y轴向下;在x轴和第四象限的射线OC之间有一匀强磁场,磁感应强度的大小为B,方向垂直于纸面向外。有一质量为m,带有电荷量+q的质点由电场左侧平行于x轴射入电场。质点到达x轴上A点时,速度方向与x轴的夹角,A点与原点O的距离为d。接着,质点进入磁场,并垂直于OC飞离磁场。不计重力影响。若OC与x轴的夹角为,求
(1)粒子在磁场中运动速度的大小:
(2)匀强电场的场强大小。
24.(17分)
(1)质点在磁场中的轨迹为一圆弧。由于质点飞离磁场时,速度垂直于OC,故圆弧的圆心在OC上。依题意,质点轨迹与x轴的交点为A,过A点作与A点的速度方向垂直的直线,与OC交于O'。由几何关系知,AO'垂直于OC',O'是圆弧的圆心。设圆弧的半径为R,则有
R=dsin? ①
由洛化兹力公式和牛顿第二定律得
②
将①式代入 ③
(2)质点在电场中的运动为类平抛运动。设质点射入电场的速度为v0,在电场中的加速度为a,运动时间为t,则有
v0=vcos? ④
vsin?=at ⑤
d=v0t ⑥
联立④⑤⑥得
⑦
设电场强度的大小为E,由牛顿第二定律得
qE=ma ⑧
联立③⑦⑧得
⑨
(2008山东)25(18分)两块足够大的平行金属极板水平放置,极板间加有空间分布均匀、大小随时间周期性变化的电场和磁场,变化规律分别如图1、图2所示(规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向)。在t=0时刻由负极板释放一个初速度为零的带负电的较子(不计重力)。若电场强度E0、磁感应强度B0、粒子的比荷均已知,且t0=,两板间距h=
(l)求位子在0~t0时间内的位移大小与极板间距h的比值。(2)求粒子在极板间做圆周运动的最大半径(用h表示)。(3)若板间电场强度E随时间的变化仍如图l所示,磁场的变化改为如图3所示.试画出粒子在板间运动的轨迹图(不必写计算过程)。
解法一:( l )设粒子在0~t0时间内运动的位移大小为s1
s1=at02 ①
a= ②
又已知 t0=,h=
联立① ②式解得 = ③
( 2 )粒子在t0~2t0时间内只受洛伦兹力作用,且速度与磁场方向垂直,所以粒子做匀速曰周运动。设运动速度大小为v1,轨道半径为R1,周期为T ,则
v1=at0 ④
qv1B0 = ⑤
联立④⑤式得
R1= ⑥
又 T = ⑦
即粒子在t0~2t0时间内恰好完成一个周期的圆周运动。在2t0~3t0时间内,粒子做初速度为v1,的匀加速直线运动.设位移大小为s2
s2 = v1t0+at02 ⑧
解得 s2 = h ⑨
由于S1+S2 h ,所以粒子在3t0~4t0时间内继续做匀速圆周运动,设速度大小为v2,半径为R2
v2=v1+at0 ⑩
qv2B0 = ?
解得R
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