牛顿运动与直线运动.ppt

失分点有哪些信誉好的足球投注网站 失分点1：不能从图象中获取有效的信息． 失分点2：不能把图象的物理意义与实际运动情况对应出错． 失分点3：不能清晰地分析研究对象的运动情景． 失分点4：不知什么情况下选用“整体法”或“隔离法”． 失分点5: 对研究对象运动过程中受力的变化情况没考虑或分析错误，导致列出错误方程式． (1)弹性球受到的空气阻力f的大小； (2)弹性球第一次碰撞后反弹的高度h. 图1－2－17 防范演练 某研究小组利用如图1－2－18甲所示装置探究物块在方向始终平行于斜面、大小为F＝8 N的力作用下加速度与斜面倾角的关系．木板OA可绕轴O在竖直平面内转动，已知物块的质量m＝1 kg，通过DIS实验，得到如图乙所示的加速度与斜面倾角的关系图线．假定物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2.试问： 图1－2－18 视角二　牛顿第二定律的应用 命题角度 角度1 对惯性、牛顿第一定律的考查(2012·课标全国卷，14；2013·全国课标卷Ⅰ，14) 角度2 受力分析与牛顿第二定律应用的综合考查(2012·安徽卷，17；2012·江苏卷，5；2013·课标全国卷Ⅱ，14；2013·重庆卷，4；2013·安徽卷，14；2013·浙江卷，19) 角度3 对超重、失重的理解及牛顿第二定律瞬时性的考查(冷考点) 【典例2】 (2013·安徽卷，14) (单选)如图1－2－9所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T和斜面的支持力FN分别为(重力加速度为g) (　　)． 图1－2－9 A．T＝m(gsin θ＋acos θ)　FN＝m(gcos θ－asinθ) B．T＝m(gcos θ＋asin θ)　FN＝m(gsin θ－acos θ) C．T＝m(acos θ－gsin θ)　FN＝m(gcos θ＋asin θ) D．T＝m(asin θ－gcos θ)　FN＝m(gsin θ＋acos θ) 解析　小球受力如图所示，由牛顿第二定律得 水平方向：Tcos θ－FNsin θ＝ma 竖直方向：Tsin θ＋FNcos θ＝mg 解以上两式得 T＝m(gsin θ＋acos θ) FN＝m(gcos θ－asin θ) 所以正确选项为A. 答案　A 应考策略 1．正确理解牛顿运动定律的确切含义． 2．注意审题，提取有用信息． 3．弄清要判断的问题属于牛顿的哪个定律所解决的范畴． 4．应用牛顿第二定律解题的步骤 (1)通过审题，灵活地选取研究对象→整体法、隔离法． (2)分析研究对象的受力情况→画出受力图． (3)分析物体的运动情况→判断加速度的方向． (4)根据牛顿第二定律列出方程． (5)统一单位后，将数值代入方程求解． 应考组训 4．(2013·重庆卷，4)(单选)图1－2－10甲为伽利略研究自由落体运动实验的示意图，让小球由倾角为θ的光滑斜面滑下，然后在不同的θ角条件下进行多次实验，最后推理出自由落体运动是一种匀加速直线运动．分析该实验可知，小球对斜面的压力、小球运动的加速度和重力加速度与各自最大值的比值y随θ变化的图象分别对应图乙中的 (　　)． 甲　　　　　　　　乙 图1－2－10 A．①、②和③ B．③、②和① C．②、③和① D．③、①和② 5．(2013·浙江卷，19)(多选)如图1－2－11所示，总质量为460 kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5 m/s2，当热气球上升到180 m时，以5 m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g＝10 m/s2.关于热气球，下列说法正确的是 (　　)． 图1－2－11 A．所受浮力大小为4 830 N B．加速上升过程中所受空气阻力保持不变 C．从地面开始上升10 s后的速度大小为5 m/s D．以5 m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230 N 解析　从地面刚开始竖直上升时v＝0，空气阻力Ff＝0.由F浮－mg＝ma，得F浮＝m(g＋a)＝4 830 N，故A正确；最终气球匀速上升，说明气球加速运动的过程中空气阻力逐渐增大，故B错误；气球做加速度减小的加速运动，故加速到5 m/s的时间大于10 s，C错误；匀速上升时F浮－mg－Ff＝0，计算得Ff＝230 N，D正确． 答案　AD 6．(多选)如图1－2－12所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为θ的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是 (　　)． 图1－2－12 A．两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinθ