牛顿第二定律应用3牛二定律与图象.doc

牛顿第二定律应用(牛二定律与图象) 班级 姓名 1．(04吉林理综)放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t 的关系如图所示。取重力加速度g＝10m/s2。由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为 A．m＝0.5kg，μ＝0.4 B．m＝1.5kg，μ＝ C．m＝0.5kg，μ＝0.2 D．m＝1kg，μ＝0.2 2(新课标理综第21题).如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块。假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列反映a1和a2变化的图线中正确的是（ ） 3.（2011上海第19题）．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其 图线如图所示，则 (A)在秒内，外力大小不断增大 (B)在时刻，外力为零 (C)在秒内，外力大小可能不断减小 (D)在秒内，外力大小可能先减小后增大.某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N。他将弹簧秤移至电梯内称其体重，至时间段内，弹簧秤的示数如图5所示，电梯运行的v-t图可能是（取电梯向上运动的方向为正） 6（安徽卷）（14分）质量为的物体在水平推力的作用下沿水平面作直线运动，一段时间后撤去，其运动的图像如图所示。取，求： (1)物体与水平面间的运动摩擦因数； (2)水平推力的大小； （3）内物体运动位移的大小。 7、(2011·)空间探测器从某一星球表面竖直升空．已知探测器质量为1500 kg，发动机推动力为恒力．探测器升空后发动机因故障突然关闭，如图所示是探测器从升空到落回星球表面的速度随时间变化的图线，则由图线可判断该探测器在星球表面达到的最大高度为多少？发动机的推动力F为多少？8．图1中，质量为m的物块叠放在质量为2m的足够长的木板上方右侧，木板放在光滑的水平地面上，物块与木板之间的动摩擦因数为。在木板上施加一水平向右的拉力F，在0～3s内F的变化如图2所示，图中F以mg为单位，重力加速度g=10m/s2.整个系统开始时静止。 （1）求1s、1.5s、2s、3s末木板的速度以及2s、3s末物块的速度； （2）在同一坐标系中画出0～3s内木板和物块的v—t图象，据此求0～3s内物块相对于木板滑过的距离。 9（2009上海物理，22，12分）如图（a），质量m＝1kg的物体沿倾角(＝37(的固定粗糙斜面由静止开始向下运动，风对物体的作用力沿水平方向向右，其大小与风速v成正比，比例系数用k表示，物体加速度a与风速v的关系如图（b）所示。求： （1）物体与斜面间的动摩擦因数(； （2）比例系数k。 （sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2） 10.两个完全相同的物块A、B，质量均为m＝0.8 kg，在同一粗糙水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动．图3－2－17中的两条直线分别表示A物块受到水平拉力F作用和B物块不受拉力作用的v－t图象，求： (1)物块A所受拉力F的大小； (2)8 s末物块A、B之间的距离x. ．A。木块和木板相对运动时， 恒定不变， 。所以正确答案是A。 3：CD 4.【答案】A。 【解析】由图5可知，在t0-t1时间内，弹簧秤的示数小于实际重量，则处于失重状态，此时具有向下的加速度，在t1-t2阶段弹簧秤示数等于实际重量，则既不超重也不失重，在t2-t3阶段，弹簧秤示数大于实际重量，则处于超重状态，具有向上的加速度，若电梯向下运动，则t0-t1时间内向下加速，t1-t2阶段匀速运动，t2-t3阶段减速下降，A正确；BD不能实现人进入电梯由静止开始运动，C项t0-t1内超重，不符合题意。 0~1s, F1=380N500N=mg, ∴F合1=mg-F1=120N, 竖直向下 a1=F合1/m=120/50=2.4m/s2,竖直向下, 说明作竖直向下的匀加速直线运动 v=a1t1=2.4m/s, s1=a1t12/2=2.4×12/2=1.2m ?1~5s,F2500N=mg, ∴F合2=F2-mg,竖直向上 a2竖直向上,初速度竖直向下, 说明作竖直向下的匀减速直线运动 s2=vt1/2=2.4×4/2=4.8m ?1)速度最大在t=1s时, 此时v=2.4m/s 2)s=s1+s2=1.2+4.8=6m 7.解析： （1）设物体做匀减速直线运动的时间为△t2、初速度为v20、末速度为v2、加速度为a2，则 ① 设物体所受的摩擦力为Ff，根据牛顿第二定律，有 Ff=ma2