2018年高考物理三轮加练习题4及解析.doc

2018年高考物理三轮加练习题（4）及解析 一、选择题 1．(2017·湖北黄石二模)将一横截面为扇形的物体B放在水平面上，一小滑块A放在物体B上，如图所示，除了物体B与水平面间的摩擦力之外，其余接触面的摩擦力均可忽略不计，已知物体B的质量为M、滑块A的质量为m，当整个装置静止时，滑块A与物体B接触的一面与竖直挡板之间的夹角为θ.已知重力加速度为g，则下列选项正确的是(　　) A．物体B对水平面的压力大小为Mg B．物体B受水平面的摩擦力大小为mgtan θ C．滑块A与竖直挡板之间的弹力大小为 D．滑块A对物体B的压力大小为 解析：选C.以滑块A为研究对象进行受力分析，并运用合成法，如图所示， 由几何知识得，挡板对滑块A的弹力大小为N1＝，C正确；物体B对滑块A的弹力大小为N2＝，根据牛顿第三定律，滑块A对物体B的压力大小为，D错误；以滑块A和物体B组成的系统为研究对象，在竖直方向上受力平衡，则水平面对物体B的支持力N＝(M＋m)g，故水平面所受压力大小为(M＋m)g，A错误；A和B组成的系统在水平方向上受力平衡，则水平面对物体B的摩擦力大小为f＝N1＝，B错误． 5 m的水平直轨道上A、B两点相距3 m，在B点用细线悬挂一大小可忽略的小球，离地高度为h，如图。小车始终以6m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地。不计空气阻力，取重力加速度的大小g＝10 m/s2。可求得细线长为 ( ) A．1.25 m B．2.25 m C．3.75 m D．4.75 m 【答案】C 【解析】小车上的小球自A点自由落地的时间t1＝，小车从A到B的时间t2＝；小车运动至B点时细线轧断，小球下落的时间t3＝；根据题意可得时间关系为t1＝t2＋t3，即＝＋解得h＝1.25 m，即细线长为3.75米，选项C正确 3．如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A。木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a，得到如图乙所示的a－F图象，g取10 m/s2，则( ) A.滑块A的质量为4 kg B.木板B的质量为1 kg C.当F＝10 N时木板B的加速度为4 m/s2 D.滑块A与木板B间的动摩擦因数为0.1 【答案】BC 4．一物体静止在粗糙斜面上，现用一大小为F1、方向与斜面平行的拉力向上拉动物体，经过时间t后其速度变为v；若将平行斜面方向的拉力大小改为F2，则物体从静止开始经过时间t后速度变为2v。对于上述两个过程，用WF1、WF2分别表示拉力F1、F2所做的功，WG1、WG2分别表示前后两次克服重力所做的功，Wf1、Wf2分别表示前后两次克服摩擦力所做的功，则( ) A．WF2＞4WF1、Wf2＞2Wf1、WG2＞2WG1 B．WF2＞4WF1、Wf2＝2Wf1、WG2＝2WG1 C．WF2＜4WF1、Wf2＝2Wf1、WG2＝2WG1 D．WF2＜4WF1、Wf2＞2Wf1、WG2＝2WG1 C 【解析】由题意可知，两次物体均做匀加速直线运动，根据x＝·t知，在同样的时间内，它们的位移之比为x1∶x2＝1∶2，两次上升的高度之比为h1∶h2＝x1sin θ∶x2sin θ＝1∶2，根据克服重力做功WG＝mgh得WG2＝2WG1；根据克服摩擦力做功Wf＝Ffx得Wf2＝2Wf1，由牛顿第二定律得F1－Ff－mgsin θ＝ma、F2－Ff－mgsin θ＝2ma，可得F2＜2F1，根据WF＝Fx可得WF2＜4WF1，故选项C正确． ．（2018福建省莆田第六中学月考）如图所示，光滑的直角墙壁处有A、B两个物体，质量分别为、,两物体间有一压缩的轻质弹簧用细线绷住，弹簧两端拴在物体上，弹簧储存的弹性势能为，初时B物体紧靠着墙壁。将细线烧断，A物体将带动B物体离开墙壁，在光滑水平面上运动。由此可以判断（ ） A. 烧断细线后，A、B物体和弹簧组成的系统机械能、动量均守恒 B. 物体B离开墙壁后，弹簧的最大弹性势能等于 C. 物体B离开墙壁后弹簧第一次恢复原长时，A物体速度方向有可能向左 D. 每当弹簧恢复原长时A物体的速度都等于 【答案】BCD 做加速运动，由于弹簧被拉伸，A做减速运动，当两者速度相同时，弹簧被拉伸最大，之后A仍做减速运动，若B的质量大于A的质量，故可能出现A的速度方向向左，C正确；在B之后的运动过程中，系统机械能和动量守恒，由于当弹簧恢复原长时，弹性势能为零，故有， ，联立解得，D正确． 6．（2018吉林省延边州敦化中学期末）如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点O和y轴上的点a(0,L)一质量为m、电荷量为e的电子从a点以初速度