重庆市万州分水中学高考物理一轮复习指导课件课本：第8章节 第1讲 磁场跟其描述 磁场对电流的作用.ppt

【变式训练】1.(2011·大纲全国高考)如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2且I1I2；a、b、c、d为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d的连线与导线所在平面垂直．磁感应强度可能为零的点是(　　) A．a点　　 　　　　 B．b点 C．c点　　 D．d点 解析：根据安培定则可知I1和I2电流分别在a处产生的磁场方向为垂直ac连线向上和向下，由于I1I2，且I1电流与a点的距离比I2电流与a点距离要小，故Ba1Ba2，则a处磁感应强度不可能为零，A错；两电流在b处产生的磁场方向均垂直ac连线向下，故B错；I1和I2电流分别在c处产生的磁场方向为垂直ac连线向下和向上，且I1电流与c点的距离比I2电流与c点距离要大，故Bc1与Bc2有可能等大反向，C对；两电流在d处产生的磁场方向一定成某一夹角，且夹角一定不为180°，D错．Zxx k 答案：C 如图所示，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡，A为水平放置的直导线的截面，导线中无电流时磁铁对斜面的压力为FN1；当导线中有垂直纸面向外的电流时，磁铁对斜面的压力为FN2，则下列关于压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是 A．FN1FN2，弹簧的伸长量减小 B．FN1＝FN2，弹簧的伸长量减小 C．FN1FN2，弹簧的伸长量增大 D．FN1FN2，弹簧的伸长量减小 解析：采用“转换研究对象法”：由于条形磁铁的磁感线是从N极出发到S极，所以可画出磁铁在导线A处的一条磁感线，此处磁感应强度方向斜向左下方，如图，导线A中的电流垂直纸面向外，由左手定则可判断导线A必受斜向右下方的安培力， 由牛顿第三定律可知磁铁所受作用力的方向是斜向左上方，所以磁铁对斜面的压力减小，即FN1FN2，同时，由于导线A比较靠近N极，安培力的方向与斜面的夹角小于90°，所以对磁铁的作用力有沿斜面向下的分力，使得弹簧弹力增大，可知弹簧的伸长量增大，所以正确选项为C. 答案：C 【变式训练】2.如图所示，用细橡皮筋悬挂一轻质线圈，置于一固定直导线上方，线圈可以自由运动．当给两者通以图示电流时，线圈将(　　) A．靠近直导线，两者仍在同一竖直平面内 B．远离直导线，两者仍在同一竖直平面内 C．靠近直导线，同时旋转90° D．远离直导线，同时旋转90° 解析：由安培定则知，通电直导线在线圈处产生的磁场垂直于纸面向外．为了判定通电线圈在这一磁场内的受力方向，不妨将它分成足够多的等份来处理，这样每一小段便可看作是一小段通电直导线．结合左手定则可判定出各段受力皆背离圆心，如图所示． 但由于直线电流的磁场不均匀，靠近直导线的部分磁场较强，因而线圈靠近直导线的部分受力较大．考虑对称性特点，将各段受力合成时，合力方向一定竖直向下，这样线圈必定靠近直导线，并仍处于同一竖直平面内． 答案：A (2011·上海高考)如图，质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于O、O′，并处于匀强磁场中．当导线中通以沿x正方向的电流I，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为θ.则磁感应强度方向和大小可能为 答案：BC 【变式训练】3.(2012·天津高考)如图所示，金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通一由M向N的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ.如果仅改变下列某一个条件，θ角的相应变化情况是(　　) A．棒中电流变大，θ角变大 B．两悬线等长变短，θ角变小 C．金属棒质量变大，θ角变大 D．磁感应强度变大，θ角变小 解析：根据安培力公式，F＝BIL，棒中电流变大，金属棒所受安培力变大．θ角变大，选项A正确；两悬线等长变短，θ角不变，选项B错误；金属棒质量变大，θ角变小，选项C错误；磁感应强度变大，金属棒所受安培力变大，θ角变大，选项D错误． 答案：A 活页作业（二十三） 谢谢观看！ 电荷在电场中一定受静电力作用而且静电力方向与电场强度方向在同一直线上；而电流在磁场中不一定受安培力，若受安培力，则其方向与磁感应强度方向不能平行． 2．对磁通量的理解Z xx k (1)对Φ＝B·S的理解：Φ＝BS只适用于磁感应强度B与面积S垂直的情况，当S与垂直于B的平面间的夹角为θ时，则有Φ＝BScos θ，如图甲． (2)面积S的含义：S不一定是某个线圈的真正面积，而是线圈在磁场范围内的面积．如图乙所示，S应为线圈面积的一半． (3)多匝线圈的磁通量：磁通量的大小与线圈匝数无关，因为不论线圈匝数多少，穿过线圈的磁感线条数相同，而磁感线条数可表示磁通量的大小． (4)合磁通量求法 若某个平面内有不同方向和强弱的磁场共同存