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二轮专题提升
专题提升(一) 综合型问题
1.[2012·荆门]如图Z-1-5,△ABC是等边三角形,P是∠ABC的平分线BD上一点,PE⊥AB于点E,线段BP的垂直平分线交BC于点F,垂足为点Q.若BF=2,则PE的长为 ( C )
图Z-1-5
A.2 B.2eq \r(3)
C.eq \r(3) D.3
【解析】 ∵△ABC是等边三角形,P是∠ABC的平分线,
∴∠EBP=∠QBF=30°.∵BF=2,FQ⊥BP,
∴BQ=BF·cos30°=2×eq \f(\r(3),2)=eq \r(3).
∵FQ是BP的垂直平分线,∴BP=2BQ=2eq \r(3).
在Rt△BEP中,∵∠EBP=30°,
∴PE=eq \f(1,2)BP=eq \r(3).故选C.
2.[2010·黄冈]已知四条直线y=kx-3,y=-1,y=3和x=1所围成的四边形的面积是12,则k的值为 ( A )
A.1或-2 B.2或-1
C.3 D.4
【解析】 依题意过(0,-3)的直线y=kx-3与y=-1,y=3,x=1所围的四边形有两种情况.分别求出各顶点的坐标(含k),利用面积等于12分别求出k=1或-2.选A.
3.[2012·嘉兴]如图Z-1-6,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,BA=BC.点D是AB的中点,连结CD,过点B作BG⊥CD,分别交CD,CA于点E,F,与过点A且垂直于AB的直线相交于点G,连结DF.给出以下四个结论:①eq \f(AG,AB)=eq \f(FG,FB);②点F是GE的中点;③AF=eq \f(\r(2),3)AB;④S△ABC =5S△BDF,其中正确结论的序号是 ①③ .
图Z-1-6
【解析】 ∵在Rt△ABC中,∠ABC=90°,
∴AB⊥BC.∵AG⊥AB,∴AG∥BC,
∴△AFG∽△CFB,
∴eq \f(AG,CB)=eq \f(FG,FB).
∵BA=BC,∴ eq \f(AG,AB)=eq \f(FG,FB),
故①正确;
∵∠ABC=90°,BG⊥CD,
∴∠DBE+∠BDE=∠BDE+∠BCD=90°,
∴∠DBE=∠BCD.
∵AB=CB,点D是AB的中点,
∴BD=eq \f(1,2)AB=eq \f(1,2)CB,
∴tan∠BCD=eq \f(BD,BC)=eq \f(1,2),
∴在Rt△ABG中,tan∠ABG=eq \f(AG,AB)=eq \f(1,2).
∵ eq \f(AG,AB)=eq \f(FG,FB),∴FG=eq \f(1,2)FB,故②错误;
∵△AFG∽△CFB,∴AF∶CF=AG∶BC=1∶2,
∴AF=eq \f(1,3)AC.
∵AC=eq \r(2)AB,∴AF=eq \f(\r(2),3)AB,故③正确;
∵BD=eq \f(1,2)AB,AF=eq \f(1,3)AC,∴S△ABC=6S△BDF,
故④错误.
故答案为①③.
4.[2011·芜湖]如图Z-1-7,在平面直角坐标系中有一正方形AOBC,反比例函数y=eq \f(k,x)经过正方形AOBC对角线的交点,半径为(4-2eq \r(2))的圆内切于△ABC,则k的值为__4__.
图Z-1-7
【解析】 设圆心为I,正方形对角线交点为P,则PC=PI+IC=4-2eq \r(2)+eq \r(2)(4-2eq \r(2))=2eq \r(2),
∴BC=4=OB,
∴P点坐标为(2,2).∵点P在y=eq \f(k,x)上,
∴k=22=4.
5.[2011·南通]如图Z-1-8,三个半圆依次相外切,它们的圆心都在x轴的正半轴上并与直线y=eq \f(\r(3),3)x相切,设半圆C1,半圆C2,半圆C3的半径分别是r1,r2,r3,则当r1=1时,r3=__9__.
图Z-1-8
【解析】 依题意直线y=eq \f(\r(3),3)x与x轴的夹角为30°,分别过C1,C2,C3作过切点的半径,交直线y=eq \f(\r(3),3)x于P1,P2,P3.
又过C1作C1B⊥C2P2于B,则C1C2=1+r2,C2B=r2-1,则1+r2=2(r2-1),r2=3,
同理得3+r3=2(r3-3),r3=9.
6.[2011·金华]如图Z-1-9,射线PG平分∠EPF,O为射线PG上一点,以O为圆心,10为半径作⊙O,分别与∠EPF两边相交于A,B和C,D,连结OA,此时有OA∥PE.
(1)求证:AP=AO;
(2)若AB=12,求tan∠OPB的值;
(3)若以图中已标明的点(即P,A,B,C,D,O)构造四边形,则能构成菱形的四个点为________,能构成等腰梯形的四个点
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