高考物理一轮总复习课件(共点力的平衡与受力分析).pptVIP

　　【解析】本题考查运动学与动力学结合问题及“整体法”与“隔离法”的综合应用．根据物体的运动情况判断物体的受力情况，再根据物体间的相互作用关系判断另一物体的受力情况． 　　解此题的关键是选好研究对象．先隔离c物体，其受力情况如图4－10乙所示，整体向右做匀加速运动，因此a对c的摩擦力方向向右，所以A正确；再隔离a物体，根据牛顿第三定律，c对a的摩擦力方向向左，而a的加速度方向向右，根据牛顿第二定律可知，b对a的摩擦力方向应向右，并且Fb aFc a，故B正确，而C不正确；通过研究c物体可以看出，桌面对c的摩擦力Fc小于a、c间的摩擦力Fa c，故FcFa cFb a，故D不正确． 　 　 　　图4－10 　　【答案】AB 　　3．(2008年天津理综卷)在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3．若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图4－11甲所示，则在此过程中(　　) A．F1保持不变，F3缓慢增大 　　B．F1缓慢增大，F3保持不变 　　C．F2缓慢增大，F3缓慢增大 　　D．F2缓慢增大，F3保持不变 图4－11甲 　　【解析】如图4－11乙所示，力F产生了两个作用效果，一个是使B压紧竖直墙面的分力F1，一个是压紧A的分力F2．当力F缓慢增大时，合力的方向和两个分力的方向都没有发生变化，所以当合力增大时两个分力同时增大．用整体法进行分析，F3为地面对A的支持力和摩擦力的合力，与A的重力与F2的合力大小相等，方向相反，故选项C正确． 　 　 　　图4－11乙 　　【答案】C 　　4．如图4－12甲所示，竖直放置的轻弹簧一端固定在地面上，另一端与斜面体P连接，P与斜放的固定挡板MN接触且处于静止状态，弹簧处于竖直方向，则斜面体P此刻受到外力的个数可能为(　　) 　　 　　图4－12甲 　　A．2　　　B．3　　　C．4　　　D．5 　　【解析】当弹簧的弹力大小等于斜块的重力时，P受2个力的作用；当弹簧弹力大于P受的重力时，受4个力作用，受力示意图分别如图4－12乙所示． 　　 　　图4－12乙 　　【答案】AC 　　5．如图4－13甲所示，重为G的均匀链条，两端用等长的轻绳连接挂在等高的地方，绳与水平方向成θ角．试求： (1)绳子的张力． 　　(2)链条最低点的张力． 图4－13甲 　　【解析】在求链条两端的张力时，可把链条当做一个质点处理，由于两边具有对称性，两端点的拉力大小相等，受力情况如图4－13乙所示．取链条整体为研究对象． 　　 　　图4－13乙 　　(1)由平衡条件知，在竖直方向：2Fsin θ＝G 　　得：绳对链条两端的拉力F＝ ． 　　(2)在求链条最低点的张力时，可将链条一分为二，取一半研究．受力情况如图4－13丙所示．由平衡条件知，在水平方向：F′＝Fcos θ＝ cot θ． 　　 　　图4－13丙 　　【答案】(1)　 (2) cot θ 　　6．如图4－14甲所示，用光滑的金属杆做的直角三角形框ABC的AB边和AC边上各有一完全相同的小环E和F，用一根细线把E、F连接起来，细线比BC边短，使三角形竖直放置，BC边水平．若已知AB边与BC边的夹角θ＝60°，求两环平衡时细线与AB边的夹角α． 　 　 　　图4－14甲 　　【解析】平衡时每个小环都受重力、金属杆的弹力和细线拉力的作用．如图4－14乙所示，若α≤θ，容易判断F不可能平衡；若α≥ ，则容易判断E不能平衡，故α的大小应大于60°而小于90°．现分别画出E、F的受力示意图如图4－14丙所示． 　 　 　　乙　　　　　　　　丙 　　图4－14 　　对于E，由平衡条件可得：mgcos 30°＝Tcos α 　　对于F，由平衡条件可得：mg＝Tcos (150°－α) 　　解得：tan α＝ 　　即平衡时细线与AB边的夹角α＝arctan ． 　　【答案】arctan 金典·预测演练　　经典创新　展望高考 　　1．如图所示，在粗糙的水平面上放一三角形木块a，若物体b在a的斜面上匀速下滑，则有(　　) 　　 　　A．a保持静止，而且没有相对于水平面运动的趋势 　　B．a保持静止，但有相对于水平面向右运动的趋势 　　C．a保持静止，但有相对于水平面向左运动的趋势 　　D．因未给出所需数据，无法对a是否运动或有无