河南省开封市五县2021-2022学年高二上学期10月底月考联考物理答案.docVIP

开封市五县高二月考联考卷物 理 答 案 1.B 2.A　 3.A 4.C　 5.C　 6.C 7. A 8.B 9.BD 10.ABC　 11． AC 12. BD 13.(1)ed　(2)ab　ed　 (1)因为滑动变阻器的最大阻值小于待测电阻阻值,故滑动变阻器使用分压式接法,所以要去掉图中的ed导线. (2)如果滑动变阻器R1的最大阻值为200 Ω,则为了方便测量,需要采用限流式接法,故去掉图中ab和ed两根导线即可. 14.答案　(1)3.5　(2)见解析　(3)8.0×10－3　(4)C＝eq \f(Q,U) (1)因为电压表显示的是微安表与电阻箱的两端电压，而微安表的示数为500 μA，故微安表与电阻箱的总电阻为R总＝eq \f(U,I)＝eq \f(6.0 V,500 μA)＝12 kΩ，则微安表的内阻为12 kΩ－8.5 kΩ＝3.5 kΩ； (2)将这些点用平滑的曲线连接起来即可； (3)图线与时间轴所围成的面积即为放电过程放出的电荷量，我们数出的方格数为32，(注意数的时候大于半个格就算一个格，小于半个格的不算)而每个小格的电荷量q＝50 μA×5 s＝2.5×10－4 C 则放电的总电荷量为Q0＝32q＝32×2.5×10－4 C＝8.0×10－3 C. (4)由电容的定义式可知，用公式C＝eq \f(Q,U)来计算电容器的电容大小． 15.(1)mgL2kQ [解] (1)小球静止在A处时受到重力mg、静电力F和细线拉力F拉.由平衡条件得F拉=F+mg 由库仑定律得F=kQqL2 又知F拉=2mg 2’ 联立解得q=mgL2 (2)小球由B摆回至A的过程中只有重力做功,所以机械能守恒, 有mgL(1-cos θ)=12mv2 2 小球摆至A处时,由牛顿第二定律得F拉-mg-F=mv2L 联立解得F拉=3mg. 1’ 16.答案　(1)－3EqL　(2)eq \r(\f(（4\r(3)－6）qEL,5m)) 解(1)根据电场力做功和电势能的变化关系可得： 小球A的电势能：EpA＝－Eq·2L① 2’ 小球B的电势能：EpB＝－2q·ELsin30°② 2’ 所以总的电势能为：Ep＝－Eq·2L－E×2q·Lsin30°， 代入数据解得：Ep＝－3EqL③ 1’ (2)设系统转过30°角时，B球的速度为vB，由动能定理有： －Eq·(2L－2Lcos30°)＋2Eq·(Lsin60°－Lsin30°)＝eq \f(1,2)mvB2＋eq \f(1,2)mvA2④ 2’ 两个小球转动的角速度相同，根据v＝rω可知，vA＝2vB⑤ 2’ 联立④⑤解得：vB＝eq \r(\f(（4\r(3)－6）qEL,5m)). 1’ 17. 答案　(1)5 Ω　(2)20 V　20 Ω　(3)17.6 Ω　5 W 解　(1)当P滑到R3的右端时，电路参数对应乙图中的B点，只有电阻R2接入电路， 由图乙所示图象可知：U2＝4 V，I2＝0.8 A 2’ 则定值电阻R2的阻值为：R2＝eq \f(U2,I2)＝5 Ω 2’ (2)将乙图中AB线延长，交U轴于20 V处， 所以电源的电动势为E＝20 V. 2’ 图象斜率表示内阻为：r＝eq \f(16－4,0.8－0.2) Ω＝20 Ω. 2’ (3)当R3的滑片从最左端滑到最右端时，外电路总电阻从大于电源内阻r变至小于r， 当外阻和内阻相等时，电源输出功率最大，则有： r＝R2＋eq \f(R1R3,R1＋R3) 1’ 代入：20＝5＋eq \f(100R3,100＋R3) 解得：R3≈17.6 Ω