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大连市2023~2024学年度高二第一学期期末考试
数学试卷
注意事项:
1.请在答题纸上作答,在试卷上作答无效;
2.本试卷分第I卷选择题和第Ⅱ卷非选择题两部分,共150分,考试时间120分钟.
第I卷(选择题)
一、单项选择题(本大题共8小题,每题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.己知直线l的倾斜角为,且过点,则它在y轴上的截距为()
A.2 B. C.4 D.
【答案】A
【解析】
【分析】由倾斜角求出斜率,再用点斜式写出直线方程,最后求出截距即可.
【详解】由题意可知直线的斜率,
所以直线方程为,即,
所以它在y轴上的截距为,
故选:A.
2.的展开式中,二项式系数最大的是()
A.第3项 B.第4项 C.第5项 D.第6项
【答案】C
【解析】
【分析】根据二项展开式的二项式系数的性质,即可求解.
【详解】由二项式,可得其展开式共有9项,
根据二项式系数的性质,可得中间项第5项的二项式系数最大.
故选:C.
3.从抛物线上一点P作抛物线准线的垂线,垂足为M,设抛物线的焦点为F,若是正三角形,则()
A. B.1 C. D.2
【答案】D
【解析】
【分析】设,由,列出关系式求出,即可求出.
【详解】设,,,因为是正三角形,所以,因为,
所以即,
又因为,解得或(舍),所以.
故选:D.
4.在空间中,“经过点,法向量为的平面的方程(即平面上任意一点的坐标满足的关系式)为:”.用此方法求得平面和平面的方程,化简后的结果为和,则这两平面所成角的余弦值为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】由定义得出两直线的法向量,数量积公式求出法向量的夹角余弦值.
【详解】由题意,平面和平面的法向量分别是
,,
设平面和平面的夹角为,
故选:B.
5.用1,2,3,4,5,6写出没有重复数字的六位数中,满足相邻的数字奇偶性不同的数有()个
A.18 B.36 C.72 D.86
【答案】C
【解析】
【分析】可先对计数进行全排列,再在连续前三个空隙或后相邻的三个空隙中放入偶数,结合分步计数原理,即可求解.
【详解】由题意,可先对计数进行全排列,共有种排法;
再对构成的4个空隙中,连续前三个空隙或后相邻的三个空隙,放入偶数,
共有种放法,
根据分步计数原理,可得共有种不同的排法.
故选:C.
6.三棱柱中,所有棱长都相等,,则异面直线与所成角的余弦值为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】设,得到,结合向量的夹角公式,即可求解.
【详解】如图所示,设,棱长为,则,
因为,
可得,
又由,
,
所以,
所以异面直线与所成角的余弦值为.
故选:B.
7.已知双曲线的左焦点为F,过F作双曲线C的一条渐近线的垂线,垂足为A,并与双曲线C交于点B,且有,则双曲线C的离心率为()
A. B.2 C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】计算出点坐标,然后带入椭圆方程,化简即可得到关系的方程,进而得出.
【详解】不妨设双曲线的一条渐近线为,
因为左焦点,所以直线的方程为,与
两式联立可得,
设,因为,
即,所以,
将点坐标代入双曲线方程得:,
上式整理得,即离心率.
故选:A.
8.若椭圆和的方程分别为和(且)则称和为相似椭圆.己知椭圆,过上任意一点P作直线交于M,N两点,且,则的面积最大时,的值为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】由题意可得为的中点,当直线的斜率不存在时,设直线的方程为,求得,当直线的斜率存在时,设直线的方程为,由为的中点可得,利用弦长公式求出,表示出,根据,判断求解.
【详解】当直线的斜率不存在时,设直线的方程为,,
联立,可得,
所以,
所以的面积为,
由,可得为的中点,所以,
因为点在椭圆上,所以,所以,
当直线的斜率存在时,设直线的方程为,
联立,消去得,,
,
设,,则,,
,
所以点坐标为,
因为点在椭圆上,所以,
因为原点到直线的距离为,
,
所以的面积为
,
综上,,又,
又,
所以当时,的面积最大.
故选:B.
【点睛】关键点点睛:由可得为的中点,由此得到,将此关系代入并化简可将表示为一个变量的函数,从而利用二次函数求最值.
二、多项选择题(本大题共4小题,每题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分)
9.已知双曲线C的方程为,则下列说法正确的是()
A.双曲线C的实轴长为6
B.双曲线C的渐近线方程为
C.双曲线C的焦点
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