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怀化市中小学课程改革教育质量检测2024年高一上期期考试题
数学试卷
考试时长:150分钟满分:150分
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上.
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.
3.考试结束后,将本试题卷和答题卡一并交回.
一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.若集合,,则()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】解不等式求得,,可求.
【详解】解得,解得,
所以,
所以.
故选:B.
2.一个圆台的上、下底面的半径为1和4,母线为5,则该圆台的体积为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】先求出圆台的高,然后利用圆台体积公式即可得解.
【详解】令圆台的高为h,由图可知,
所以,
故选:C.
3.已知m,n是两条不重合的直线,,是两个不重合的平面,则下列判断错误的是()
A.若,,,则 B.若,,,则
C.若,,,则 D.若,,则
【答案】D
【解析】
【分析】借助面面平行与线面垂直的性质可得A;借助线面平行的性质可得B;借助线面垂直的性质与线面平行的判断及面面平行的性质定理可得C;由线面平行的性质定理可得D.
【详解】对A:由,得,又,所以,故A正确;
对B:若,,,则,故B正确;
对C:由,得,又,所以,故C正确;
对D:若,,则或,故D错误.
故选:D.
4.已知,,,则()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据对数函数与指数函数性质结合中间值比较可得.
【详解】因为,所以.
故选:D.
5.下列判断正确的是()
A.“实部等于零”是“复数z为纯虚数”的充要条件
B.“”是“向量,的夹角是钝角”的充要条件
C.“存在唯一的实数k,使”是“”的充要条件
D.在中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,“”是“”的充要条件
【答案】D
【解析】
【分析】对于A:根据复数的相关概念结合充分、必要条件分析判断;对于B:根据数量积的符号与夹角之间的关系结合充分、必要条件分析判断;对于C:根据向量共线的判定定理结合充分、必要条件分析判断;对于D:根据正弦定理合充分、必要条件分析判断.
【详解】对于A:实部等于零时,复数z不一定是纯虚数(还要虚部不等于零),所以充分性不成立,故A错误;
对于B:若时,可知向量,的夹角可能是钝角或平角,所以充分性不成立,故B错误;
对于C:例如时,由不能得出存在唯一的实数k,使,故C错误;
对于D:由正弦定理可得,
所以“”是“”的充要条件,故D正确.
故选:D.
6.在平行四边形ABCD中,,,,点P在CD边上,,则()
A.0 B. C. D.1
【答案】A
【解析】
【分析】根据题意结合数量积的几何意义可得点P与点D重合,再利用余弦定理求出,结合勾股定理逆定理可得,从而可求得答案.
【详解】由,得在上的投影向量的模,
因为,,
所以在上的投影为,
所以如图1,得,点P与点D重合,
因为,,,
所以,
所以,
所以,
所以,
故选:A.
7.连续投掷一枚质地均匀骰子两次,这枚骰子两次出现的点数之积为奇数的概率是()
A B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】列举出两次出现的点数之积为奇数的情况,结合样本空间样本点总数,得到概率.
【详解】易知样本空间样本点总数,
记“两次出现的点数之积为奇数”为事件A,
则,
所以,所以.
故选:B.
8.已知函数对任意的都有,若的图象关于直线对称,且对于,当时,,则()
A. B.是奇函数
C.是周期为4的周期函数 D.
【答案】D
【解析】
【分析】由已知条件可判断函数的奇偶性,周期性以及单调性,由此一一判断各选项,即可得答案.
【详解】由的图象关于直线对称,知的图象关于y轴对称,
所以是偶函数,所以B错误.
在中,令得,
又,所以,所以,知是周期为6的周期函数,所以C错误.
对于,当时,,
故在上单调递减,所以,所以A错误.
对于D,,,
由在上单调递减,得即,D正确,
故选:D
【点睛】结论点睛:函数的对称性与周期性:
(1)若,则函数关于中心对称;
(2)若,则函数关于对称;
(3)若,则函数的周期为2a;
(4)若,则函数的周期为2a.
二、多项选择题:本大题共3小题,每小题6分,共18分.在每个小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得6分,部
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