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微专题26圆锥曲线中的定点、定值问题
【考情分析】定点问题主要涉及直线或圆过定点问题的判定及证明;定值问题主要涉及面积、长度、代数式等与参数无关的定值,考查题型为解答题,一般作为压轴题出现.
考点一圆锥曲线中的定点问题
考向1定点问题
【例1】已知双曲线C:x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)的实轴长为22,C的一条渐近线斜率为-22,直线l交C于P,Q两点,点M(2a
(1)若直线l过C的右焦点,且斜率为-1,求△PMQ的面积;
(2)设P,Q为双曲线C上异于点M(2a,b)的两动点,记直线MP,MQ的斜率分别为k1,k2,若k1+k2=2k1k2,求证:直线PQ过定点.
解:(1)如图,因为双曲线C:x2a2-y2b2=1(a>0,b>
所以2a=22,即a=2.
又因为C的一条渐近线斜率为-22
所以-ba=-22,所以b=1,故双曲线C:x22
则其右焦点坐标为(3,0),
因为直线l过C的右焦点,且斜率为-1,
所以直线l的方程为y=-x+3,设P(x1,y1),Q(x2,y2).
联立y=-x+3,x22
所以由根与系数的关系得x1+x2=43,x1x2=8.
所以|PQ|=(1+k2)[(x
点M(2,1)到直线l的距离为d=3-
所以S△PMQ=12|PQ|d=12×42×3-32
(2)证明:如图,设直线PQ的方程为x=my+n,设P(x1,y1),Q(x2,y2).
联立x=my+n,x22-y2=1,得(m
Δ=4m2n2-4(m2-2)(n2-2)=8(m2+n2-2)>0,即m2+n2>2.
所以y1+y2=-2mnm2-2,y
而M(2,1),则k1=y1-1x1-
因为k1+k2=2k1k2,所以y1-1x1-2
即(y1-1)(x2
所以(y1-1)(x2-2)+(y2-1)(x1-2)=2(y1-1)(y2-1),
所以y1x2+y2x1-x2-x1+2=2y1y2,
所以y1(my2+n)+y2(my1+n)-(my2+n)-(my1+n)+2=2y1y2,
整理得(2m-2)y1y2+(n-m)(y1+y2)-2n+2=0,
所以(2m-2)(n
所以(2m-2)(n2-2)-2mn(n-m)+(-2n+2)(m2-2)=0,
整理得m2-n2-2m+2n=0,
即(m-n)(m+n-2)=0,则m=n或m=2-n.
当m=n时,直线PQ的方程为x=ny+n=n(y+1),所以过定点(0,-1);
当m=2-n时,直线PQ的方程为x=(2-n)y+n=n(1-y)+2y,所以过定点(2,1),即为M(2,1),因为P,Q为双曲线C上异于点M(2,1)的两动点,所以不符合题意.
故直线PQ过定点(0,-1).
规律方法动线过定点问题的两大类型及解法
(1)动直线l过定点问题,解法:设动直线方程(斜率存在)为y=kx+t,由题设条件将t用k表示为t=mk,得y=k(x+m),故动直线过定点(-m,0);
(2)动曲线C过定点问题,解法:引入参变量建立曲线C的方程,再根据其对参变量恒成立,令其系数等于零,得出定点.
考向2定线问题
【例2】(2023·新高考Ⅱ卷)已知双曲线C的中心为坐标原点,左焦点为(-25,0),离心率为5.
(1)求C的方程;
(2)记C的左、右顶点分别为A1,A2,过点(-4,0)的直线与C的左支交于M,N两点,M在第二象限,直线MA1与NA2交于点P,证明:点P在定直线上.
解:(1)设双曲线的标准方程为x2a2-y2b2=1(a>0
由题意可得e=c
所以双曲线C的方程为x24-
(2)证明:法一设直线MN的方程为x=my-4,M(x1,y1),N(x2,y2).
易知A1(-2,0),A2(2,0).
联立直线MN与双曲线C的方程,得x
消去x并整理,得(4m2-1)y2-32my+48=0,
则y1+y2=32m4m2-1,y1y2=484m2-1,且4m2-1≠0,Δ=(-32m)2-4×48×(4
直线MA1的方程为y=y1x1+2(x+2),直线NA2的方程为y=y2x
联立直线MA1与直线NA2的方程并消去y,得x+2x-2=y
=-16m4m
所以x=-1,即点P在定直线x=-1上.
法二由题意得A1(-2,0),A2(2,0).
设M(x1,y1),N(x2,y2),直线MN的方程为x=my-4,
则x124-y1216=1,
如图,连接MA2,
kMA1·kMA2=y1x1
由x24-y216=1,得4x2-y2=16,4[(x-2)+2]2-
4(x-2)2+16(x-2)+16-y2=16,4(x-2)2+16(x-2)-y2=0.
由x=my-4,得x-2=my-6,my-(x-2)=6,16[my-(x-2)]
4(
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