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高一下学期期末学业水平质量测
数学试卷
本试卷满分150分,考试时间120分钟
注意事项:
1.答题前,考生务必将自己的学校、姓名、班级、准考证号填写在答题卡上相应的位置
2.全部答案在答题卡上完成,答在本试卷上无效。
3.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如何改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案用0.5毫米黑色笔迹签字笔写在答题卡上。
4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
参考公式:锥体的体积公式:(其中为锥体的底面积,为锥体的高).
一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知,分别为的边,的中点,若,,则点的坐标为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据向量的数乘运算,向量坐标与终点、始点的关系求解.
【详解】因为,分别为AB,AC的中点,所以.
设,又,所以,即解得
即点的坐标为.
故选:A.
2.盒中有3个大小质地完全相同的球,其中1个白球、2个红球,从中不放回地依次随机摸出2个球.则恰好摸出一个红球一个白球的概率为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用列举法求出基本事件总数,再求出符合条件的事件数,结合古典概型概率公式求解即可.
【详解】记1个白球为,2个红球分别为,,现从中不放回地依次随机摸出2个球,
则可能结果有,共6个,
其中恰好摸出一个红球一个白球的有,共4个,
所以恰好摸出一个红球一个白球的概率,故C正确.
故选:C
3.设,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用平方关系和正弦的二倍角公式化简求值即可.
【详解】由,平方可得:
,
解得.
故选:C.
4.若复数满足,则的最大值为()
A.1 B. C.2 D.3
【答案】C
【解析】
【分析】根据模的计算公式,将转化为,再通过不等式即可求解.
【详解】设在复平面内对应的点的坐标为,即,
则,
由,得,即,
所以.
因为,所以,
所以,所以,所以的最大值为2.
故选::C.
5.从1,2,3,4中任取2个数,设事件“2个数都为偶数”,“2个数都为奇数”,“至少1个数为奇数”,“至少1个数为偶数”,则下列结论正确的是()
A.与是互斥事件 B.与是互斥但不对立事件
C.与是互斥事件 D.与是对立事件
【答案】A
【解析】
【分析】利用互斥事件、对立事件和相互独立事件的定义来判断各选项.
【详解】根据题意样本空间,
,
,
,
,
则,所以与是互斥事件,正确;
,,所以与是互斥且对立事件,错误;
,所以与不是互斥事件,C错误;
,所以与不是对立事件,D错误.
故选:A
6.在中,点是线段上一点,若,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】由,,三点共线,可得,求解即可.
【详解】因为,且点是线段上一点,即,,三点共线,
所以,解得.
故选:C.
7.已知三棱锥中,平面,,,,则此三棱锥外接球的表面积为()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】设底面的外接圆的半径为,三棱锥外接球的半径为,在中利用由正弦定理得得,平面,结合,求得球的半径,最后利用外接球的表面积得出答案.
【详解】在三棱锥中,平面,,,,
设底面的外接圆的半径为,三棱锥外接球的半径为,
由正弦定理得,可得,
所以,
则外接球的表面积为.
故选:D.
8.“奔驰定理”因其几何表示酷似奔驰的标志得来,是平面向量中一个非常优美的结论.它的具体内容是:已知是内一点,,,的面积分别为,,,且.若为的垂心,,则()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据和得,从而可以得出,设,,得,,再结合垂心和直角三角形余弦值即可求解.
【详解】
如图,延长交于点,延长交于点,延长交于点.
由为的垂心,,且,
得,所以,
又,则,同理可得,所以,
设,,则,,
所以,即,,
所以,
所以.
故选:B.
【点睛】关键点点睛:本题解决的关键是利用“奔驰定理”得到,从而利用对顶角相等得到,由此得解.
二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合要求,全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分)
9.已知复数,则()
A.的虚部是 B.
C.在复平面内对应点位于第二象限 D.是纯虚数
【答案】BC
【解析】
【分析】由复数的概念,可判断A;可得的几何意义判断BC;可求得判断D.
【详解】
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