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江西省上饶市广丰区大千艺术学校2024-2025学年新高三8月
化学测试卷
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、考号等填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答:选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答:用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。
可能用到的相对原子质量有:H1O16Ne20C12N14Na23Fe56
一、选择题:本题共14小题,每小题3分,共42分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.以氯酸钠等为原料制备亚氯酸钠()的工艺流程如下,下列说法不正确的是
A.“母液”中含有大量的
B.溶解时需用盐酸代替硫酸以防止引入硫酸根杂质
C.吸收塔中1mol失去2NA个电子
D.减压蒸发可降低蒸发温度,防止的分解
【答案】B
【解析】
【分析】NaClO3加入H2SO4反应,通入SO2生成Na2SO4和ClO2,ClO2在吸收塔中与双氧水、氢氧化钠反应生成,再得到其晶体,据此分析;
【详解】A.溶解时加入的H2SO4,以及SO2还原NaClO3都将转化为Na2SO4,所以“母液”中含有大量的Na2SO4,A正确;
B.溶解时不能用盐酸代替硫酸,因为盐酸能还原NaClO3生成Cl2;此外,反应器中也会有硫酸根的生成,故不需要防止硫酸根的引入,B错误;
C.吸收塔中H2O2作还原剂,O元素由-1价升高到0价,1molH2O2失去2mol电子,C正确;
D.热稳定差,所以吸收塔中温度不宜过高,否则会导致的分解,D正确;
故选B。
2.“黄鸣龙还原法”是首例以中国科学家命名的有机化学反应,反应机理如图(R、R代表烃基)。下列说法正确的是
A.过程②③均为消去反应
B.若用发生该反应,过程③生成了
C.过程④的反应历程可表示为
D.还原
【答案】B
【解析】
【详解】A.过程②脱去小分子,不饱和度增加,发生消去反应,过程③从变为,分子式不变,不会是消去反应,A错误;
B.若用ND2ND2发生该反应,过程③起始变为,标记处可以生成HDO,B正确;
C.过程④的反应历程表示为,选项所给反应电荷不守恒,C错误;
D.由反应机理,1molN2H4还原2mol,D错误;
本题选B。
3.科学家提出一种大气中在和作用下转变为的机理(图1),其能量变化如图2所示。
已知:的结构式为
下列说法不正确的是
A.①中涉及键的断裂与生成 B.②③均发生了氧化还原反应
C.由图2可知,该过程的决速步是① D.总反应中还原剂与氧化剂的物质的量之比为
【答案】B
【解析】
【详解】A.①中与硫原子相连的O-H键断裂,生成HNO2涉及键的生成,A正确;
B.②中反应S元素由+5价变为+6价,N元素由+4价变为+3价,发生了氧化还原反应,③中反应无元素化合价发生变化,没有发生氧化还原反应,B错误;
C.由图2可知,步骤①正反应的活化能最大,反应速率最慢,则该过程的决速步是①,C正确;
D.在和作用下转变为,硫元素化合价升高了2,是还原剂,被还原为HNO2,氮元素化合价降低了1,是氧化剂,由得失电子守恒可得关系式2~,总反应中还原剂与氧化剂的物质的量之比为,D正确;
故选B。
4.羟基自由基(·OH)是自然界中氧化性仅次于氟的氧化剂。我国科学家设计了一种能将苯酚氧化为CO2、H2O的原电池-电解池组合装置(如图),该装置能实现发电、环保二位一体。下列说法错误的是
A.a极为正极,c极为阴极
B.b极的电极反应式为C6H5OH-28e-+11H2O=6CO2↑+28H+
C.d极区苯酚被氧化的化学方程式为C6H5OH+28·OH=6CO2↑+17H2O
D.右侧装置中,每转移0.7mole-,c、d两极共产生气体3.36L(标准状况)
【答案】D
【解析】
【详解】A.根据电池装置图可知,左侧为原电池装置,a电极上重铬酸根离子得到电子,化合价降低,生成氢氧化铬,b电极上苯酚生成二氧化碳,碳元素的化合价升高,被氧化,b电极是负极,a电极是正极,c电极是阴极,d是阳极,A正确;
B.b电极上苯酚转化成二氧化碳,根据元素和电荷守恒,电极反应式为为C6H5OH-28e-+11H2O=6CO2↑+28H+,B正确;
C.右侧装置为电解装置,d是阳极,结合图示,电极反应中产生羟基自由基(·OH)和H+,没有生成氧气,正确的电极反应式为H2O-e-=·OH+H+,羟基自由基氧化能力极强,能氧化苯酚为二氧化碳和水,故苯酚被氧化的化学方程式为C6H5OH+28·OH=6
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