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二.填空题(共8小题)
7.(2023?湖州)某数学兴趣小组测量校园内一棵树的高度,采用以下方法:如图,把支架(EF)放在离树(AB)适当距离的水平地面上的点F处,再把镜子水平放在支架(EF)上的点E处,然后沿着直线BF后退至点D处,这时恰好在镜子里看到树的顶端A,再用皮尺分别测量BF,DF,EF,观测者目高(CD)的长,利用测得的数据可以求出这棵树的高度.已知CD⊥BD于点D,EF⊥BD于点F,AB⊥BD于点B,BF=6米,DF=2米,EF=0.5米,CD=1.7米,则这棵树的高度(AB的长)是4.1米.
【考点】相似三角形的应用.
【分析】过点E作水平线交AB于点G,交CD于点H,根据镜面反射的性质求出△CHE∽△AGE,再根据对应边成比例解答即可.
【解答】解:过点E作水平线交AB于点G,交CD于点H,如图,
∵DB是水平线,CD,EF,AB都是铅垂线,
∴DH=EF=GB=0.5米,EH=DF=2米,EG=FB=6米,
∴CH=CD﹣DH=1.7﹣0.5=1.2(米),
又根据题意,得∠CHE=∠AGE=90°,∠CEH=∠AEG,
∴△CHE∽△AGE,
∴EHEG=CH
解得:AG=3.6米,
∴AB=AG+GB=3.6+0.5=4.1(米).
故答案为:4.1.
【点评】本题考查的是相似三角形的应用,通过作辅助线构造相似三角形,并利用相似三角形的对应边成比例是解答此题的关键.
8.(2023?湖州)如图,标号为①,②,③,④的四个直角三角形和标号为⑤的正方形恰好拼成对角互补的四边形ABCD,相邻图形之间互不重叠也无缝隙,①和②分别是等腰Rt△ABE和等腰Rt△BCF,③和④分别是Rt△CDG和Rt△DAH,⑤是正方形EFGH,直角顶点E,F,G,H分别在边BF,CG,DH,AE上.
(1)若EF=3cm,AE+FC=11cm,则BE的长是4cm.
(2)若DGGH=54,则tan∠
【考点】正方形的性质;解直角三角形;等腰直角三角形.
【分析】(1)将AE和FC用BE表示出来,再代入AE+FC=11cm,即可求出BE的长;
(2)由已知条件可以证明∠DAH=∠CDG,从而得到tan∠DAH=tan∠CDG,设AH=x,DG=5k,GH=4k,用x和k的式子表示出CG,再利用tan∠DAH=tan∠CDG列方程,解出x,从而求出tan∠DAH的值.
【解答】解:(1)∵Rt△ABE和Rt△BCF都是等腰直角三角形,
∴AE=BE,BF=CF,
∵AE+FC=11cm,
∴BE+BF=11cm,
即BE+BE+EF=11cm,
即2BE+EF=11cm,
∵EF=3cm,
∴2BE+3cm=11cm,
∴BE=4cm,
故答案为:4;
(2)设AH=x,
∵DGGH
∴可设DG=5k,GH=4k,
∵四边形EFGH是正方形,
∴HE=EF=FG=GH=4k,
∵Rt△ABE和Rt△BCF都是等腰直角三角形,
∴AE=BE,BF=CF,∠ABE=∠CBF=45°,
∴CG=CF+GF=BF+4k=BE+8k=AH+12k=x+12k,
∠ABC=∠ABE+∠CBF=45°+45°=90°,
∵四边形ABCD对角互补,
∴∠ADC=90°,
∴∠ADH+∠CDG=90°,
∵四边形EFGH是正方形,
∴∠AHD=∠CGD=90°,
∴∠ADH+∠DAH=90°,
∴∠DAH=∠CDG,
∴tan∠DAH=tan∠CDG,
∴DHAH=CG
整理得:x2+12kx﹣45k2=0,
解得x1=3k,x2=﹣15k(舍去),
∴tan∠DAH=DH
故答案为:3.
【点评】本题考查正方形的性质,等腰直角三角形的性质,三角函数定义,一元二次方程的解法等,弄清图中线段间的关系是解题的关键.
9.(2023?衢州)下面是勾股定理的一种证明方法:图1所示纸片中,∠ACB=90°(AC<BC),四边形ACDE,CBFG是正方形.过点C,B将纸片CBFG分别沿与AB平行、垂直两个方向剪裁成四部分,并与正方形ACDE,△ABC拼成图2.
(1)若cos∠ABC=34,△ABC的面积为16,则纸片Ⅲ的面积为
(2)若PQBQ=1915,则BK
【考点】相似三角形的判定与性质;解直角三角形;一元二次方程的应用;全等三角形的判定与性质;勾股定理的证明.
【分析】(1)在图1中,过C作CM⊥AB于M,由cos∠ABC=34,可得CT=34BC,CM=34AC,故CT?CM=34BC?34AC=916BC?AC,而△
(2)标识字母如图,设NT=19t,证明△BFN≌△CBW(ASA),可得BN=CW=34t,由△BCT∽△WBT,有CT?WT=BT2,即CT?(34t﹣CT)=(15t)2,可得CT=9t或CT=25t,而BK=CT,
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