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2023年普通高等学校招生全国统一考试(全国乙卷)
文科数学
一、选择题
1.()
A.1 B.2 C. D.5
【答案】C
【解析】
【分析】由题意首先化简,然后计算其模即可.
【详解】由题意可得,
则.
故选:C.
2.设全集,集合,则()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】由题意可得的值,然后计算即可.
【详解】由题意可得,则.
故选:A.
3.如图,网格纸上绘制的一个零件的三视图,网格小正方形的边长为1,则该零件的表面积为()
A.24 B.26 C.28 D.30
【答案】D
【解析】
【分析】由题意首先由三视图还原空间几何体,然后由所得的空间几何体的结构特征求解其表面积即可.
【详解】如图所示,在长方体中,,,
点为所在棱上靠近点的三等分点,为所在棱的中点,
则三视图所对应的几何体为长方体去掉长方体之后所得的几何体,
该几何体的表面积和原来的长方体的表面积相比少2个边长为1的正方形,
其表面积为:.
故选:D.
4.在中,内角的对边分别是,若,且,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】首先利用正弦定理边化角,然后结合诱导公式和两角和的正弦公式求得的值,最后利用三角形内角和定理可得的值.
【详解】由题意结合正弦定理可得,
即,
整理可得,由于,故,
据此可得,
则.
故选:C.
5.已知是偶函数,则()
A. B. C.1 D.2
【答案】D
【解析】
【分析】根据偶函数的定义运算求解.
【详解】因为为偶函数,则,
又因为不恒为0,可得,即,
则,即,解得
故选:D.
6.正方形的边长是2,是的中点,则()
A. B.3 C. D.5
【答案】B
【解析】
【分析】方法一:以为基底向量表示,再结合数量积的运算律运算求解;方法二:建系,利用平面向量的坐标运算求解;方法三:利用余弦定理求,进而根据数量积的定义运算求解.
【详解】方法一:以为基底向量,可知,
则,
所以;
方法二:如图,以坐标原点建立平面直角坐标系,
则,可得,
所以;
方法三:由题意可得:,
在中,由余弦定理可得,
所以.
故选:B.
7.设O为平面坐标系的坐标原点,在区域内随机取一点,记该点为A,则直线OA的倾斜角不大于的概率为()
A B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意分析区域的几何意义,结合几何概型运算求解.
【详解】因为区域表示以圆心,外圆半径,内圆半径的圆环,
则直线的倾斜角不大于的部分如阴影所示,在第一象限部分对应的圆心角,
结合对称性可得所求概率.
故选:C.
8.函数存在3个零点,则的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】写出,并求出极值点,转化为极大值大于0且极小值小于0即可.
【详解】,则,
若要存在3个零点,则要存在极大值和极小值,则,
令,解得或,
且当时,,
当,,
故的极大值为,极小值为,
若要存在3个零点,则,即,解得,
故选:B.
9.某学校举办作文比赛,共6个主题,每位参赛同学从中随机抽取一个主题准备作文,则甲、乙两位参赛同学抽到不同主题概率为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】对6个主题编号,利用列举列出甲、乙抽取的所有结果,并求出抽到不同主题的结果,再利用古典概率求解作答.
【详解】用1,2,3,4,5,6表示6个主题,甲、乙二人每人抽取1个主题的所有结果如下表:
乙
甲
1
2
3
4
5
6
1
2
3
4
5
6
共有36个不同结果,它们等可能,
其中甲乙抽到相同结果有,共6个,
因此甲、乙两位参赛同学抽到不同主题的结果有30个,概率.
故选:A
10.已知函数在区间单调递增,直线和为函数的图像的两条相邻对称轴,则()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意分别求出其周期,再根据其最小值求出初相,代入即可得到答案.
【详解】因为在区间单调递增,
所以,且,则,,
当时,取得最小值,则,,
则,,不妨取,则,
则,
故选:D.
11.已知实数满足,则的最大值是()
A. B.4 C. D.7
【答案】C
【解析】
【分析】法一:令,利用判别式法即可;法二:通过整理得,利用三角换元法即可,法三:整理出圆的方程,设,利用圆心到直线的距离小于等于半径即可.
【详解】法一:令,则,
代入原式化简得,
因为存在实数,则,即,
化简得,解得,
故的最大值是,
法二:,整理得,
令,,其中,
则,
,所以,则,即时,取得最大值,
法三:由可得,
设,则圆心到直线的距
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