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浙江省湖州市第二中学2024届高三下学期新高考模拟数学试题
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
一、单选题
1.已知全集,集合,则“”是“”的(???)
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】C
【分析】根据函数的定义域以及指数函数的性质化简集合,即可由交并补运算以及充要条件的定义求解.
【详解】由可得,解得,
所以或,
故选:.
2.若向量满足,且,则在上的投影向量为(????)
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】由向量数量积的运算律可得,再由投影向量的定义求在上的投影向量.
【详解】由,则,
由在上的投影向量.
故选:D
3.数列满足,且,则(????)
A. B.4 C. D.2
【答案】A
【分析】由题中递推公式可求出数列为周期为2的周期数列,从而可求解.
【详解】由题意知,所以,
所以可得an是周期为2的周期数列,则.故A正确.
故选:A.
4.在某次美术专业测试中,若甲、乙、丙三人获得优秀等级的概率分别是和,且三人的测试结果相互独立,则测试结束后,在甲、乙、丙三人中恰有两人没达优秀等级的前提条件下,乙没有达优秀等级的概率为(????)
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】根据条件概率的计算公式计算得解.
【详解】设甲、乙、丙三人获得优秀等级分别为事件,三人中恰有两人没有达到优秀等级为事件D,
,,,
,
,
.
故选:A.
5.某小区内有一个圆形广场,计划在该圆内接凸四边形区域内新建三角形花圃和圆形喷泉.已知,,,圆形喷泉内切于,则圆形喷泉的半径最大值为(????)
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】由余弦定理可求得的长,由圆内接四边形的几何性质可得,设,,由余弦定理结合基本不等式可求得的最大值,再利用等面积法可求得内切圆半径的最大值,即为所求.
【详解】在中,由余弦定理,
可得,
因为四边形为内接四边形,且,所以,.
设,,则由余弦定理知,
设内切圆半径为,
所以.所以.
又知,即,
所以.
因为,所以.
所以,当且仅当时取得等号.
因此,圆形喷泉的半径最大值为.
故选:C.
6.已知直线BC垂直单位圆O所在的平面,且直线BC交单位圆于点A,,P为单位圆上除A外的任意一点,l为过点P的单位圆O的切线,则()
A.有且仅有一点P使二面角取得最小值
B.有且仅有两点P使二面角取得最小值
C.有且仅有一点P使二面角取得最大值
D.有且仅有两点P使二面角取得最大值
【答案】D
【分析】先作出二面角的平面角,表示出二面角的正切值,再构造辅助函数,最后用导数求最值方法判断.
【详解】过A作于M,连接MB、MC,如图所示,
因为直线BC垂直单位圆O所在的平面,直线在平面内,且直线BC交单位圆于点A,
所以,平面,,所以平面,
平面,所以,,
所以是二面角的平面角,
设,,,,则,
由已知得,,
,,,
令,则,
当时,,单调递增,当时,,单调递减,
所以,当时,取最大值,没有最小值,
即当时取最大值,从而取最大值,
由对称性知当时,对应P点有且仅有两个点,
所以有且仅有两点P使二面角B﹣l﹣C取得最大值.
故选:D.
7.设分别为椭圆的左,右焦点,以为圆心且过的圆与x轴交于另一点P,与y轴交于点Q,线段与C交于点A.已知与的面积之比为,则该椭圆的离心率为(????)
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】由题意可逐步计算出点A坐标,由点A在椭圆上,将其代入椭圆方程得到等式后,借助等式即可计算离心率.
【详解】由题意可得F1?c,0、,,
则以为圆心且过的圆的方程为,
令,则,由对称性,不妨取点在轴上方,即,
则,即,
有,则,
又,即有,即,
代入,有,即,
即在椭圆上,故,
化简得,由,
即有,
整理得,即,
有或,
由,故舍去,即,
则.
故选:B.
??
【点睛】方法点睛:求椭圆的离心率时,可将已知的几何关系转化为关于椭圆基本量a,b,c的方程,利用和转化为关于的方程,通过解方程求得离心率.
8.设,则(????)
A. B.
C. D.
【答案】D
【分析】构造,二次求导,得到单调性,得到,再变形得到,故构造,求导得到其单调性,比较出,得到答案.
【详解】设,
设0,所以,
所以函数在上单调递增,
所以,即.
根据已知得,
可设,
则,
所以函数hx在上单调递增,
所以,即.
综上,.
故选:D.
【点睛】构造函数比较大小是高考热点和难点,结合代数式的特点,选择适当的函数,通过导函数研究出函数的单调性,
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