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人大附中2023~2024学年度第一学期高一年级数学期中练习
2023年11月1日
制卷人:宁少华王鼎审卷人:梁丽平
说明:本试卷分Ⅰ卷和Ⅱ卷,Ⅰ卷18道题,共100分;Ⅱ卷8道题,共50分.
Ⅰ卷、Ⅱ卷共26题,合计150分,考试时间120分钟.
考生务必将答案答在答题卡上,在试卷上作答无效
Ⅰ卷(共18道题,满分100分)
一、选择题(本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,请将正确答案填涂在答题纸上的相应位置.)
1.已知集合,,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据求解即可.
【详解】因为,,所以.
故选:C
2.已知命题,,则是()
A., B.,
C., D.,
【答案】C
【解析】
【分析】直接写出存在量词命题的否定.
【详解】命题,则是,,
故选:C.
3.下列函数中,在定义域上单调递减的是()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据基本函数的单调性逐项判断即可.
【详解】A选项,在R上单调递增,不符合题意;
B选项,在上单调递增,在上单调递减,不符合题意;
C选项,在上单调递增,在上单调递减,
不符合题意;
D选项,要使函数有意义,则,解得,
所以函数的定义域为,
因为在上单调递增,在上单调递增,
所以由函数单调性性质得在上单调递增,
所以在上单调递减,符合题意.
故选:D
4.已知x,,若,则()
A.xy的最大值为1 B.xy的最大值为2 C.xy的最小值为1 D.xy的最小值为2
【答案】A
【解析】
【分析】利用重要不等式求解.
【详解】由不等式可知,,所以,
当且仅当时取得等号,所以xy的最大值为1,A正确,B错误;
由不等式可知,,所以,
当且仅当或时取得等号,
所以xy的最小值为,CD错误;
故选:A.
5.已知关于x的方程的两个实根为,,且,则a的值为()
A.1 B.2 C.3 D.4
【答案】B
【解析】
【分析】由韦达定理得到两根之和,两根之积,从而得到方程,求出a的值,检验后得到答案.
【详解】由韦达定理得,
故,解得,
当时,满足,故a的值为.
故选:B
6.已知函数,,下表列出了时各函数的取值,则()
x
m
8
4
n
A., B.,
C., D.,
【答案】B
【解析】
【分析】根据表格列出关于等式并解出,代入求出即可.
【详解】由表知,,,解得,
所以,
所以.
故选:B
7.“函数在区间上不是增函数”的一个充要条件是()
A.“存在a,,使得且”
B.“存在a,,使得且”
C.“存在,使得”
D.“存在,使得”
【答案】B
【解析】
【分析】由增函数的定义,结合全称命题的否定形式,即可判断选项.
【详解】若函数在区间是增函数,
即任意,使得且,
则若函数在区间不是增函数,
即存在,使得且.
故选:B
8.如图,数轴上给出了表示实数a,b,c的三个点,下列判断正确的是()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】先在数轴上读出的范围及大小关系,再结合不等式性质即可判定选项.
【详解】由数轴可得,,,
所以,,则,故选项A错误;
,故选项B错误;
因为,即,
又,所以,
又,所以,故选项C错误;
因为,,且由图可知,即
所以,
又
所以,故选项D正确;
故选:D.
9.已知,若对任意,均有,则函数可以是()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意,取特殊值验证的方法判断A,B,C,根据满足的条件判断D.
【详解】对于A,,当时,不妨取,则,
此时不成立,即不成立,A错误;
对于B,,当时,不妨取,则,
则不成立,即不成立,B错误;
对于C,,不妨取,则,
此时不成立,即不成立,C错误;
对于D,,当时,则,
此时恒成立,即成立,
当时,则,此时恒成立,即成立,
故对任意,均有,D正确,
故选:D
10.如图,给定菱形ABCD,点P从A出发,沿在菱形的边上运动,运动到C停止,点P关于AC的对称点为Q,PQ与AC相交于点M,R为菱形ABCD边上的动点(不与P,Q重合),当时,面积的最大值为y,则y关于x的函数图象大致是()
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】分和两种情况讨论面积的最大值,然后根据解析式判断图象即可.
【详解】
连接交于点,
当时,点在点处时面积最大,此时,
当时,点在点处面积最大,此时,
且为定值,为定值,设,,
所以关于的函数为.
故选:C.
二、填空题(本大题共5小题,每小题5分,共25分.请将结果填在答题纸
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