人教版高中物理选择性必修第1册课后习题 第四章 光 选择性必修1 模块检测题(二).docVIP

第PAGE6页共NUMPAGES8页

选择性必修1模块检测题(二)

(时间:60分钟满分:100分)

一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分,每小题只有一个选项符合题目要求)

1.雷达是利用无线电波的回波来探测目标方向和距离的一种装置,雷达的天线犹如喊话筒,能使电脉冲的能量集中向某一方向发射;接收机的作用则与人耳相仿,用以接收雷达发射机所发出电脉冲的回波。测速雷达主要是利用多普勒效应原理,可由回波的频率改变数值,计算出目标与雷达的相对速度,以下说法正确的是()

A.目标向雷达天线加速远离时,反射信号频率将高于发射信号频率

B.目标向雷达天线加速靠近时,反射信号频率将低于发射信号频率

C.目标向雷达天线减速远离时,反射信号频率将高于发射信号频率

D.目标向雷达天线减速靠近时,反射信号频率将高于发射信号频率

解析根据多普勒效应,不论加速还是减速,目标向雷达天线远离时,反射信号频率将低于发射信号频率,目标向雷达天线靠近时,反射信号频率将高于发射信号频率,A、B、C错误,D正确。

答案D

2.质量为1kg的木块静止在光滑的水平面上,先受到一个向东的拉力F1=3N,1s后撤去F1,同时对木块施加一个向北的拉力F2=4N,又经过1s,g取10m/s2,则()

A.整个过程重力的冲量为0

B.整个过程木块受到拉力的冲量为7N·s

C.2s末木块的动能为50J

D.2s末木块的动量为50kg·m/s

解析重力的作用时间不为零,故重力的冲量不为零,选项A错误;水平向东的冲量为I1=F1t=3N·s,水平向北的冲量为I2=F2t=4N·s,则整个过程木块受到拉力的冲量为I=I12+I2

答案D

3.(黑龙江大庆实验中学期中)如图所示,足够长的传送带以速度v1逆时针转动,一质量为m的物块以大小为v2的初速度从传送带的P点冲上传送带,从此时起到物块再次回到P点的过程中,下列说法正确的是()

A.合力对物块的冲量大小一定为mv1+mv2

B.合力对物块的冲量大小一定为2mv2

C.合力对物块的冲量大小可能为零

D.合力对物块做的功可能为零

解析如果v1v2,根据对称性,物块再回到P点时的速度仍为v2,根据动量定理,合力对物块的冲量为2mv2,A错误;如果v1v2,物块再回到P点时的速度为v1,根据动量定理,合力对物块的冲量为mv1+mv2,B错误;由于物块运动的速度方向发生变化,故动量一定会发生变化,合力的冲量一定不会等于零,C错误;如果v1=v2,回到P点时,物块的动能没有发生变化,根据动能定理,合力对物块做的功为零,D正确。

答案D

4.

(河南高二期末)如图所示,PQ为一竖直弹簧振子振动路径上的两点,振子经过P点时的加速度大小为6m/s2,方向指向Q点;当振子经过Q点时,加速度的大小为8m/s2,方向指向P点,若PQ之间的距离为14cm,振子的质量为1kg,则以下说法正确的是()

A.振子经过P点时所受的合力比经过Q点时所受的合力大

B.该弹簧振子的平衡位置在P点正下方7cm处

C.振子经过P点时的速度比经过Q点时的速度大

D.该弹簧振子的振幅一定为8cm

解析由牛顿第二定律可得F合=ma,由题意可得a1=6m/s2,a2=8m/s2,a1a2,所以F合1F合2,即振子经过P点时所受的合力比经过Q点时所受的合力小,所以A错误。当振子加速度为0时,即合力为0时,振子处于平衡位置,即F0=G=mg=10N。在P点,由牛顿第二定律可得G-F1=ma1,F1=4N,此时弹簧弹力向上。在Q点,由牛顿第二定律可得F2-G=ma2,F2=18N,此时弹簧弹力也向上。由胡克定律F=k,则,处,所以B错误。P点离平衡位置比Q点离平衡位置近,越靠近平衡位置,振子的速度越大,所以振子经过P点时的速度比经过Q点时的速度大,所以C正确。由于振子的初速度未知,所以无法判断振子速度为0的位置,即无法判断振子的振幅是多大,所以D错误。

答案C

5.(河南周口高二期中)在光滑水平地面上匀速运动的装有细砂的小车,小车和细砂总质量为M,速度为v0,在行驶途中有质量为m的细砂从车上漏掉,漏掉后小车的速度应为()

A.v0 B.M

C.mv0

解析细砂从车上漏掉的瞬间由于惯性速度仍然为v0,设细砂漏掉后小车速度为v,根据水平方向动量守恒可得Mv0=mv0+(M-m)v,解得v=v0,故B、C、D错误,A正确。

答案A

6.(山东高二月考)牛顿环装置如图甲所示。牛顿环装置的上表面是半径很大的玻璃球冠的平面,下表面是球冠的凸面,其工作原理为薄膜干涉,可以用来判断透镜表面曲率半径和液体折射率等。把牛顿环装置与玻璃面接触,在日光下或用白光照射时,可以看到明暗相间的彩色圆