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深圳技术大学附属中学高一上第二次月考数学试卷
时间:120分钟满分:150分
一、单项选择题:每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知角的终边经过点,则=
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】试题分析:由题意可知x=-4,y=3,r=5,所以.故选D.
考点:三角函数的概念.
2.“且”是“”的()
A充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充要条件
D.既不充分也不必要条件
【答案】A
【解析】
【分析】利用对数函数单调性,结合充分条件、必要条件的定义判断即得.
【详解】当且时,则成立,
当时,且,或且,
所以“且”是“”的充分不必要条件.
故选:A
3.已知,则的大小关系为()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】直接由对数函数、指数函数的单调性、运算性质即可得解.
【详解】由题意,,
所以的大小关系为.
故选:D.
4.函数的图象大致为(????)
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据的单调性和奇偶性,即可判断和选择.
【详解】定义域为,且,故为偶函数;
又当x0时,,其为上的单调增函数;
综上所述,只有D选项满足.
故选:D.
5.已知,则()
A.2 B.3 C.4 D.5
【答案】D
【解析】
【分析】利用同角三角函数的关系化简计算
【详解】因为,
所以,
故选:D
6.若关于的不等式的解集是,则的取值范围是()
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】对分类讨论,利用一元二次不等式的解集与判别式的关系即可得出.
【详解】当时,恒成立,则符合题意;
当时,由题意可得,解得
综上,的取值范围是.
故选:B
7.已知函数满足对任意,都有成立,则的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】依题意可得在上单调递减,即可得到,解得即可.
【详解】对任意,都有成立,
函数在上单调递减,
,解得,故的取值范围是.
故选:A.
8.已知函数,若,则的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】由题意构造函数,首先得出的单调性与奇偶性,然后将条件表达式等价转换即可得解.
【详解】令,因为的定义域为关于原点对称,且,
所以是上的奇函数,
注意到幂函数都是上的增函数,
所以是上的增函数,
而,
所以,解得,
综上所述,的取值范围是.
故选:A.
【点睛】关键点点睛:本题的关键是构造函数,利用函数单调性与奇偶性解不等式.
二、多项选择题:每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9.若函数且的图象过第一?三?四象限,则参数需满足()
A. B.
C. D.
【答案】BD
【解析】
【分析】结合函数的图象,则,又由,即可求解.
【详解】当时,函数且的图象不可能同时经过第一?三?四
象限,不满足题意,
当时,要使函数且的图象过第一?三?四象限,则,得.
则,.
故选:BD.
10.下列说法正确的是()
A.如果是第一象限的角,则是第四象限的角
B.角与角终边重合
C.若圆心角为的扇形的弧长为,则该扇形面积为
D.若是第二象限角,则点在第四象限
【答案】ABD
【解析】
【分析】利用象限角的概念判断A;利用终边相同的角的特征判断B;求出扇形所在圆半径,再求出扇形面积判断C;利用三角形函数值的符号法则判断D.
【详解】对于A,是第一象限的角,即,则,
因此是第四象限的角,A正确;
对于B,由于,因此角与角终边重合,B正确;
对于C,由圆心角为的扇形弧长为,得该扇形弧所在圆半径为3,则该扇形面积为,C错误;
对于D,由是第二象限角,得,则点在第四象限,D正确.
故选:ABD
11.若,则下列命题中为真命题的是()
A.若,则 B.若,则
C.若,则 D.若,则
【答案】BC
【解析】
【分析】取特值可判断A,D;由不等式的性质可判断B,C.
【详解】对于A,取,但,故A错误;
对于B,若,对不等式两边同时平方则,故B正确;
对于C,若,则,所以,故C正确;
对于D,若,取,则,故D错误.
故选:BC.
12.已知函数,则下列结论正确的是()
A.函数的定义域为 B.函数的值域为
C.函数的图象关于y轴对称 D.函数在上为减函数
【答案】AB
【解析】
【分析】根据指数函数的性质,结合函数奇偶性的定义、单调性的性质逐一判断即可.
【详解】A:因为,所以函数的定义域为,故A正确;
B:,
由,
所以函数的值域为,故
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