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2025届新高三阶段性检测03(基础版)
(范围:检测范围1、2至等式与不等式、空间向量与立体几何、解析几何)(新课标卷)
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在试卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置.
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.
3.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并上交.
一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的.请把正确的选项填涂在答题卡相应的位置上.
1.已知,则下列选项中正确的是(????)
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】化简集合,即可根据集合间关系求解.
【详解】由得,由可得,
故,其它都不正确.
故选:B
2.设是等差数列的前n项和,且,则(????)
A.17 B.34 C.51 D.68
【答案】C
【分析】利用等差数列的求和公式即可求解.
【详解】解:设公差为d,
则,即,
则,
故选:C
3.已知圆关于直线对称,则的最小值是(????)
A.2 B.3 C.6 D.4
【答案】D
【分析】转化为直线过圆心即,再利用基本不等式可得答案.
【详解】因为圆关于直线对称,
所以直线过圆心,即,
则
因为,且,所以,
所以,
当且仅当即等号成立,
则的最小值是4.
故选:D.
4.已知函数,将的图象向左平移个单位长度,所得图象关于原点对称,则的图象的对称轴可以为(????).
A. B.
C. D.
【答案】D
【分析】根据题意找到函数的对称点得,结合特殊值法计算得,利用辅助角公式化简得,最后整体替换计算得到结果;
【详解】由题意可得的图象关于点对称,
即对任意,有,
取,可得,即.
故,
令,,可得的图象的对称轴为,.
故选:D.
5.如图,边长为4的等边△ABC,动点P在以BC为直径的半圆上.若则的取值范围是(????)
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】建立平面直角坐标系,可得半圆弧的方程为:,然后设,根据向量的坐标运算法则算出关于的式子,利用三角恒等变换与正弦函数的性质求解即可.
【详解】根据题意,以所在直线为x轴,的垂直平分线为y轴,建立直角坐标系,如图所示:
则,半圆弧的方程为:,
设,则,,
由,得
,解得,
由,设,其中,
可得
,
由,得,
则,
得,
得的取值范围为:
故选:D
6.若,则的大小关系是(????)
A. B.
C. D.
【答案】D
【分析】结合对数运算性质及对数函数的单调性比较的大小,结合基本不等式及对数函数单调性比较的大小,可得结论.
【详解】,
而,且.
所以,故.
故选:D.
7.已知双曲线l的焦距为2c,右顶点为A,过A作x轴的垂线与E的渐近线交于M、N两点,若则E的离心率的取值范围是(????)
A. B. C. D.[3,2]
【答案】A
【分析】首先求出,再结合题干中的条件可知,通过解不等式可得的取值范围,结合双曲线的离心率公式可得答案.
【详解】由题意得,渐近线,
将代入得坐标为,所以,
因为轴,所以,
由已知可得,
两边同时除以得,
所以,即,
解得,所以,
而双曲线的离心率,
故选:A.
8.已知三棱锥的四个顶点都在球的球面上,,,则球的表面积为(????)
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】根据题意,利用正弦、余弦定理,求得的外接圆的半径,记的外心为,证得面,求得,结合球的截面圆的性质,列出方程求得球的半径,利用球的表面积公式,即可求解.
【详解】设的外接圆的半径为,因为,
由余弦定理得,所以,
则,故,
记的外心为,连接,则
取的中点,连接,则,
又因为,可得,
因为,且平面,平面,
所以平面,平面,
又因为平面,平面,所以,
因为且平面,所以面,可得
由题意可得外接球的球心在上,设外接球的半径为,
可得,解得,即,
所以球的表面积为.
故选:A.
二、多项选择题:本大题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对得6分,选对但不全的得部分分,有选错的得0分.
9.下列命题正确的是(????)
A.“是第二象限角或第三象限角”,“”,则是的充分不必要条件
B.若为第一象限角,则
C.在中,若,则为锐角三角形
D.已知,且,则
【答案】ACD
【分析】对A,根据充分,必要条件的概念判断;对B,利用二倍角余弦公式化简求解;对C,将条件式切化弦结合三角变换求解判断;对D,利用二倍角余弦公式化简条件式,再弦化切求解.
【详解】对于A,若是第二象限角或第三象限角,则.若,取,
此时不是第二象限角或第三象限角,则是
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