衡水中学高三复习物理试题四答案.docx

作业四答案

1.[答案]A

[解析]对图甲中女士受力分析如图1，受重力和支持力两个力，支持力与速度v的夹角为锐角，做正功，故A正确，B错误。对图乙中男士受力分析如图2，受重力、支持力与静摩擦力，支持力与速度v的夹角为90°，不做功，Ff与速度方向相同，做正功，故C、D错误。

2.答案B

解析助滑阶段，运动员深蹲是为了减小与空气之间的摩擦力，而与滑道之间的摩擦力f＝μFN和运动员的姿态关系不大，A错误；起跳阶段，运动员猛蹬滑道主要是通过增大滑道对人的作用力来增大两腿伸直的加速度，从而增加向上的速度(若把两腿伸直的过程看成做匀加速直线运动，由2ax＝v2知，a增大，x不变，则v增大)，B正确；飞行阶段，运动员所采取的姿态是为了减小水平方向的阻力，从而减小水平方向减速的加速度，而水平方向的速度不可能增加，C错误；着陆阶段，运动员两腿屈膝可以延长与地面的作用时间，根据动量定理可知，这样可以减小身体受到的冲击力，D错误。

3.[答案]B

[解析]由题图3可知，第1s内物体的速度为零，物体静止不动，故位移为零，推力不做功，A错误；第2s内推力为3N，第3s内推力为2N且物体做匀速直线运动，则可知摩擦力f＝2N，物体第2s内的位移x＝1m，则克服摩擦力所做的功W＝fx＝2J，B正确；第1.5s时推力为3N，速度v＝1m/s，则推力F做功的功率P＝3×1W＝3W，C错误；第2s内平均速度eq\o(v,\s\up6(－))＝1m/s，推力F＝3N，推力F做功的平均功率eq\o(P,\s\up6(－))＝Feq\o(v,\s\up6(－))＝3W，D错误。

4.[答案]D

[解析]设两节动车在运动过程中所受阻力大小分别为f1、f2，则有P1＝f1v1，P2＝f2v2，当将它们编组后，则有P1＋P2＝(f1＋f2)v，联立可得该动车组能达到的最大速度v＝eq\f(（P1＋P2）v1v2,P1v2＋P2v1)，故选D。

5.[答案]A

[解析]设运动员的水平位移为x时，运动员所在位置处滑道与水平方向的夹角为θ，不计摩擦力及空气阻力，根据动能定理可知，运动员下滑过程有ΔEk＝mgΔxtanθ，即eq\f(ΔEk,Δx)＝mgtanθ，θ先不变后逐渐减小到0，则Ek-x图线的斜率mgtanθ先不变后逐渐减小到0；运动员滑过圆弧滑道最低点后向上滑动的过程有ΔEk＝－mgΔxtanθ，即eq\f(ΔEk,Δx)＝－mgtanθ，θ逐渐增大，则Ek-x图线的斜率－mgtanθ的绝对值逐渐增大。故选A。

6.答案C

解析设一个小方格的边长为a，两球所受台球桌的阻力大小均为f，碰撞前瞬间白球的速度大小为v0白，碰撞后瞬间白球的速度大小为v白，黑球的速度大小为v黑，碰撞后，由题图根据动能定理得－f·3a＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,白)，－f·12a＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,黑)，解得eq\f(v黑,v白)＝2，取向右为正方向，碰撞过程由动量守恒定律可得mv0白＝mv黑＋mv白，碰撞过程中损失的能量ΔE＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0白)－eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)mveq\o\al(2,白)＋\f(1,2)mveq\o\al(2,黑)))，由题知I＝mv0白，联立解得ΔE＝eq\f(2I2,9m)，故C正确，A、B、D错误。

7.答案C

解析画出运动示意图如图，设阻力大小为f，据动能定理知，

A→B(上升过程)：EkB－EkA＝－(mg＋f)h

C→D(下落过程)：EkD－EkC＝(mg－f)h

联立以上两式，解得物体的质量m＝1kg，C正确。

8.答案ACD

解析绳子绷紧前，B、C已经达到共同速度，设B、C达到的共同速度大小为v1，根据动量守恒定律可得m3v0＝(m2＋m3)v1，解得v1＝1.0m/s，A正确；绳子刚绷紧后的瞬间，A、B具有相同的速度v2，A、B组成的系统满足动量守恒，则有m2v1＝(m1＋m2)v2，解得v2＝0.5m/s，B错误，C正确；A、B、C三者最终有共同的速度v3，A、B、C组成的系统满足动量守恒，则有m3v0＝(m1＋m2＋m3)v3，解得v3＝eq\f(2,3)m/s，D正确。

9.答案ACD

解析释放B前，细线上的拉力为0，弹簧处于压缩状态，设压缩量为x1，对A，根据平衡条件有kx1＝mgsinθ，刚释放物体B时，设细线上的拉力为T，A、B的加速度大小相等，设为a，对A有T＋kx1－mgsinθ＝ma，对B有mg－T＝ma，联立解得a＝eq\f(1,2)g，T＝eq\f