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专题能力训练8利用导数解不等式及参数范围
能力突破训练
1.已知函数f(x)=ex-x-a,对于?x∈R,f(x)≥0恒成立.
(1)求实数a的取值范围;
(2)证明:当x∈0,π4
2.已知函数f(x)=aex-lnx-1.
(1)设x=2是f(x)的极值点,求a,并求f(x)的单调区间;
(2)证明:当a≥1e
3.(广西南宁东盟中学模拟)已知函数f(x)=lnx-ax+a(a≠0).
(1)讨论函数f(x)的单调性;
(2)当a0时,若关于x的不等式f(x)≤b+2a恒成立,证明:ba
4.已知函数f(x)=ax+xlnx的图象在x=e(e为自然对数的底数)处的切线的斜率为3.
(1)求实数a的值;
(2)若f(x)≤kx2对任意1(m,n∈N*)时,证明:nm
5.已知函数f(x)=lnxx+a(x-1),a∈
(1)若a=0,求f(x)的单调区间;
(2)若g(x)=xf(x),且对任意的x∈[1,+∞),g(x)≤0恒成立,求a的取值范围.
6.已知函数f(x)=xlnx,g(x)=12x2
(1)求函数f(x)在区间[t,t+1](t0)上的最小值;
(2)若对ba0,总有m[g(b)-g(a)]f(b)-f(a)成立.求实数m的取值范围.
7.已知函数f(x)=lnx-(x
(1)求函数f(x)的单调递增区间;
(2)证明:当x1时,f(x)x-1;
(3)确定实数k的取值范围,使得存在x01,当x∈(1,x0)时,恒有f(x)k(x-1).
8.(广西4月大联考)已知函数f(x)=a(x-1)-xlnx(a∈R).
(1)当0x≤1时,f(x)≤0恒成立,求实数a的取值范围;
(2)设n∈N*,求证:ln12×1
思维提升训练
9.已知函数f(x)=x3+ax2+bx+1(a0,b∈R)有极值,且导函数f(x)的极值点是f(x)的零点.(极值点是指函数取极值时对应的自变量的值)
(1)求b关于a的函数解析式,并写出定义域;
(2)证明:b23a;
(3)若f(x),f(x)这两个函数的所有极值之和不小于-72
10.设函数f(x)=x3-ax-b,x∈R,其中a,b∈R.
(1)求f(x)的单调区间;
(2)若f(x)存在极值点x0,且f(x1)=f(x0),其中x1≠x0,求证:x1+2x0=0;
(3)设a0,函数g(x)=|f(x)|,求证:g(x)在区间[-1,1]上的最大值不小于14
答案:
能力突破训练
1.(1)解:由ex-x-a≥0恒成立,得a≤ex-x恒成立.
令g(x)=ex-x,则g(x)=ex-1,令g(x)=0,得x=0.
当x0时,g(x)0,g(x)单调递增;
当x0时,g(x)0,g(in=g(0)=1.所以a≤1.
故实数a的取值范围为(-∞,1].
(2)证明:由(1)得ex≥x+1恒成立,要证cosx+tanx≤ex,只需证cosx+tanx≤x+1即可.
令h(x)=cosx+tanx-x-1,x∈0,π4,则h(x)=-sinx+1co
令F(x)=sinx+sin2x-1,易知F(x)在区间0,π4
故存在x0∈0,π4
当x∈[0,x0)时,F(x)0,h(x)≤0,h(x)单调递减;
当x∈x0
又h(0)=0,hπ4
所以h(x)max=h(0)=0.
所以当x∈0,π
即当x∈0,π4
2.(1)解:f(x)的定义域为(0,+∞),f(x)=aex-1x
由题设知,f(2)=0,所以a=12
从而f(x)=12e2ex-lnx-1,f(x)=12e
当0x2时,f(x)0;当x2时,f(x)0.
所以f(x)在区间(0,2)内单调递减,在区间(2,+∞)内单调递增.
(2)证明:当a≥1e时,f(x)≥e
设g(x)=exe-lnx-1,则g(x)=
当0x1时,g(x)0;当x1时,g(x)0.
所以x=1是g(x)的最小值点.
故当x0时,g(x)≥g(1)=0.
因此,当a≥1e
3.(1)解:函数f(x)的定义域是(0,+∞),f(x)=1x-a=1
①当a0时,1-ax0,所以f(x)0,故f(x)在区间(0,+∞)上单调递增.
②当a0时,由f(x)0,得0x1a
由f(x)0,得x1a
故函数f(x)在区间0,1a
(2)证明:由(1)知,当a0时,欲使f(ax=f1a≤b+2a,即ln1
所以ba≥1
令g(t)=tlnt-t-1,则g(t)=lnt,
由g(t)0,得t1,由g(t)0,得0t1,
所以g(t)在区间(0,1)上单调递减,在区间(1,+∞)上单调递增.
所以g(t)min=g(1)=-2,所以g(t)≥-2.
令t=1a,则1aln
故ba
4.(1)解:∵f(
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