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2022~2023学年度第一学期期中学情调研
九年级数学
一、选择题(本大题共6小题,每小题2分,共12分.在每小题所给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的,请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置上)
1.下列方程中,是关于的一元二次方程的是()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】依据一元二次方程定义即可判断.
【详解】解:A、,是关于的一元一次方程,不符合题意;
B、,为二元二次方程,不符合题意;
C、,是分式方程,不符合题意;
D、,只含有一个未知数,未知数的最高次数是,二次项系数不为,是一元二次方程,符合题意;
故选:D.
【点睛】此题考查了一元二次方程的定义,解题的关键是掌握定义:只含有一个未知数,并且未知数项的最高次数是的整式方程叫做一元二次方程.
2.若关于x的方程有一个根是1,则m的值为()
A.3 B.2 C.1 D.
【答案】A
【解析】
【分析】把代入已知方程得到关于m的新方程,通过解新方程来求m的值即可.
【详解】解:把代入,得
,
解得.
故选:A.
【点睛】此题主要考查了一元二次方程的解,由方程的根为1,代入方程是解决问题的关键.
3.用配方法解方程,下列变形正确的是()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
分析】方程移项后,配方得到结果,即可作出判断.
详解】解:∵,
∴,
∴,
∴.
故选:D.
【点睛】此题考查了配方法解一元二次方程,解题时要注意解题步骤的准确应用.
4.如图,在中,.若以点C为圆心,长为半径的圆与交于点D,则的度数为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据直角三角形的两个锐角互余,得到再根据得到三角形是等腰三角形,即,从而求得即可得出的度数.
【详解】解:如图所示:连接CD,
∵在中,
即的度数是
故选:B.
【点睛】本题主要考查了圆心角,弧,弦的关系,解题时,综合运用了三角形的内角和定理及其推论,根据同圆的半径相等和等边对等角的性质进行计算.
5.如图,C是弧的中点,弦,,且,则弧所在圆的半径为()
A.4 B.5 C.6 D.10
【答案】B
【解析】
【分析】设弧所在的圆的圆心为点O,连接,设圆O的半径为r,可得点C,D,O三点共线,,再由勾股定理得到关于r的方程,即可求解.
【详解】解:如图,设弧所在的圆的圆心为点O,连接,设圆O的半径为r,
∵C是弧的中点,
∴,
∵,
∴点C,D,O三点共线,,
∵,,
∴,
解得:.
即弧所在圆的半径为5.
故选:B
【点睛】本题考查勾股定理,垂径定理,关键是定出圆心,构造直角三角形,应用勾股定理列出关于半径的方程.
6.如图,点A,B,C在上,,,,则的半径为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】作交的延长线于点D,连结,.只要证明是等腰直角三角形,即可推出,再利用勾股定理即可求出,进而求出的半径.
【详解】解:如图,作交的延长线于点D,连结.
∵,,
∴,,
又∵,
∴,
∴,
∴是等腰直角三角形.
∴,
∴,
∴,
∴,
∵,,
∴,
∴的半径为.
故选C.
【点睛】本题考查圆的基本认识,三角形外角的性质,勾股定理,等腰三角形的判定与性质等,解题的关键是证明是等腰直角三角形.
二、填空题(本大题共10小题,每小题2分,共20分.请把答案填写答题卡相应位置上)
7.方程的根为______.
【答案】
【解析】
【分析】移项后再因式分解求得两根即可;本题考查一元二次方程解法中的因式分解法,熟练掌握因式分解的方法是本题的关键.
【详解】解:,
,
或,
解得,
故答案为:.
8.已知⊙的半径为,线段OP的长为,则点在⊙___________(填“内”、“外”或“上”).
【答案】内
【解析】
【分析】根据点与圆的位置关系的判定方法进行判断.
【详解】解:⊙的半径为,线段的长为,
即点到圆心的距离小于圆的半径,
点在⊙内.
故答案为:内.
【点睛】本题考查了点与圆的位置关系:设的半径为,点到圆心的距离,则有点P在圆外;点在圆上;点在圆内.
9.若关于x的方程没有实数根,则m的值可以是___________(写出一个符合条件的值即可).
【答案】2(答案不唯一,m大于1即可)
【解析】
【分析】根据方程的系数结合根的判别式,即可得出,解之即可得出m的取值范围,取其内的任意一数即可.
【详解】解:∵方程没有实数根,
∴,
解得:.
故答案为:2(答案不唯一,m大于1即可).
【点睛】本题考查了根的判别式,牢记“当时,方程无实数根”是解题的关键.
10.如图,AB是⊙O的直径,弦CD∥AB.若∠ABD=65°,则∠ADC=
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