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高一数学试题
本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,第Ⅰ卷1-2页,第Ⅱ卷2-4页,共150分,测试时间120分钟.
注意事项:
选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案,不能答在测试卷上.
第Ⅰ卷选择题(共58分)
一、选择题(本题共8个小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合要求的.)
1.已知复数z满足(i为虚数单位),则z的共轭复数为()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用求出复数,从而可求出其共轭复数.
【详解】由,得,
所以.
故选:D
2.已知向量,,若,则()
A. B. C. D.1
【答案】B
【解析】
【分析】利用向量线性运算的坐标表示,结合向量垂直的坐标表示计算即得.
【详解】向量,,则,
由,得,所以.
故选:B
3.已知l,m是两条不重合的直线,,是两个不重合的平面,则下列结论正确的是()
A.若,∥,则
B.若,,∥,则∥
C.若,,,则
D.若,,∥,则∥
【答案】B
【解析】
【分析】对于ACD,举例判断,对于B,利用线面平行的判定定理分析判断.
【详解】对于A,如图,当,∥时,∥,所以A错误,
对于B,因为,所以,
因为l,m是两条不重合直线,,所以,
因为∥,所以∥,所以B正确,
对于C,如图,在正三棱柱中,当,,时,与不垂直,所以C错误,
对于D,如图,当,,∥时,与是异面直线,所以D错误,
故选:B
4.已知,则()
A. B.3 C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】对已知等式化简可求出,然后利用两角和的正切公式化简求解即可.
【详解】由,得,得,
所以,
所以.
故选:A
5.一个盒子里装有除颜色外完全相同的5个小球,其中有编号分别为1,2,3的红球3个,编号分别为2,3的白球2个,从盒子中任取2个小球(假设取到任何一个小球的可能性相同).则在取出的2个小球中,至少有一个白球且小球编号最小值为2的概率是()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用列举法求解,列出5个球中取出2个球的所有情况,然后找出至少有一个白球且小球编号最小值为2的情况,再利用古典概型的概率公式求解即可.
【详解】由题意得从5个球中取出2个球的所有情况有:
(红1红2),(红1红3),(红1白2),(红1白3),(红2红3),(红2白2),
(红2白3),(红3白2),(红3白3),(白2白3),共10种情况,
其中至少有一个白球且小球编号最小值为2的有:
(红2白2),(红2白3),(红3白2),(白2白3),有4种情况,
所以所求概率为.
故选:C
6.在中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,已知,,则()
A.15° B.60° C.75° D.105°
【答案】C
【解析】
【分析】先根据余弦定理得出角C,再代入得出角,最后应用内角和即可求出.
【详解】因为,所以,,
又因为,所以,
所以.
故选:C.
7.已知4个数据的平均值为6,方差为3,现加入数据4和8,则这6个数据的方差为()
A.3 B.5 C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意,由平均数及方差的计算公式求解即可
【详解】设原来的4个数为,则,
所以,
加入数据4和8后的平均数为,
所以这6个数的方差为
.
故选:D
8.已知三棱柱中,底面是边长为1的等边三角形,侧棱长为2,一质点从A出发沿三棱柱的棱前进,若经过的第一条棱为,且第条棱与第n条棱异面,则该质点经过2024条棱后运动的总路程为()
A.2696 B.2098 C.2699 D.2700
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意求出前几次的路程,发现所走路程连续3条棱的长度之和为4,利用周期性从而可求出结果.
【详解】因为第一条棱为,且第条棱与第n条棱异面,
所以第二次经过的棱为或,此时经过的棱长为1,
第三次经过的棱与第一次经过的棱异面,则第三次经过棱或,
此时经过的棱长为1,
第四次经过的棱与第二次经过的棱异面,则第四次经过棱或,
此时经过的棱长为2,
第五次经过的棱与第三次经过的棱异面,则第四次经过棱或,
此时经过的棱长为1,
……,
所以第条棱的长度为2,第条棱的长度为1,
则连续3条棱的长度之和为4,
而,
所以该质点运动完第2024条棱后,运动的总路程为
.
故选:C
二、选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.)
9.已知复数,下列结论正确的有()
A
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