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模块综合测评
(时间:120分钟满分:150分)
一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.)
1.(2024甘肃兰州其次十七中学高一期末)如图所示,4个散点图中,不适合用线性回来模型拟合其中两个变量的是()
解析依据题意,适合用线性回来拟合其中两个变量的散点图必需散点分布比较集中,且大体接近某一条直线,分析选项可得A选项的散点图杂乱无章,最不符合条件.故选A.
答案A
2.(2024云南泸西第一中学高二期中)若An2=3Cn-12,
A.4 B.5 C.6 D.7
解析因为An2=3Cn-12,所以n(n-1)=3(n-1)(n-
答案C
3.甲、乙二人争夺一场围棋竞赛的冠军,若竞赛为“三局两胜”制,甲在每局竞赛中获胜的概率均为34,且各局竞赛结果相互独立.则在甲获得冠军的状况下,竞赛进行了三局的概率为(
A.13 B.25 C.23
解析记事务A:甲获得冠军,事务B:竞赛进行三局,
事务AB:甲获得冠军,且竞赛进行了三局,则第三局甲胜,前两局甲胜了一局,
由独立事务的概率乘法公式得P(AB)=C2
对于事务A,甲获得冠军,包含两种状况:前两局甲胜和事务AB,
所以P(A)=342+932=
所以P(B|A)=P(AB)P
答案A
4.(2024浙江高三专题练习)已知离散型随机变量X的分布列如下,则常数c为()
X
0
1
P
9c2-c
3-8c
A.13 B.23 C.13
解析由随机变量的分布列知,9c2-c≥0,3-8c≥0,9c2-c+3-8c=1,
所以c=13,故选A
答案A
5.(2024天津高三期中)两个实习生每人加工一个零件.加工为一等品的概率分别为56和34,两个零件是否加工为一等品相互独立,
A.12 B.13 C.512
解析记两个零件中恰好有一个一等品的事务为A,即仅第一个实习生加工一等品为事务A1,仅其次个实习生加工一等品为事务A2两种状况,则P(A)=P(A1)+P(A2)=56×14
答案B
6.(2024重庆高二期末)若随机变量X~B(n,p),其均值是80,标准差是4,则n和p的值分别是()
A.100,0.2 B.200,0.4
C.100,0.8 D.200,0.6
解析∵随机变量X~B(n,p),其均值是80,标准差是4,∴由np=80,np(1-p)=16,∴p=0.8,n=100.故选C.
答案C
7.已知随机变量X听从正态分布N(100,4),若P(mX104)=0.1355,则m等于()
[附:P(μ-σ≤X≤μ+σ)≈68.3%,P(μ-2σ≤X≤μ+2σ)≈95.4%]
A.100 B.101 C.102 D.103
解析由题意,知P(μ-σ≤X≤μ+σ)=0.683,P(μ-2σ≤X≤μ+2σ)=0.954,
则P(μ-2
所以要使得P(mX104)=0.1355,则m=102,故选C.
答案C
8.(2024江西高安中学高二期末)某校在“数学联赛”考试后选取了6名老师参与阅卷,试卷共4道解答题,要求将这6名老师分成4组,每组改一道解答题,其中2组各有2名老师,另外2组各有1名老师,则不同的安排方案的种数是()
A.216 B.420 C.720 D.1080
解析6人分成4组共有C62C422种不同的分组方案,所以共有C62
答案D
二、多项选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分)
9.(2024山东高三月考)x+124x8绽开式中系数最大的项可以为
A.第2项 B.第3项
C.第4项 D.第5项
解析x+124x8的绽开式的通项公式为Tk+1=C8k·(x)8-k·124xk=1
其绽开式的各项系数依次为1,4,7,7,358
所以,绽开式中系数最大的项是第3项和第4项.
故选BC.
答案BC
10.若随机变量ξ的分布列如下表所示,其中m∈(0,1),则下列结果中正确的是()
ξ
0
1
P
m
n
A.E(ξ)=m B.D(ξ)=n2
C.E(ξ)=1-m D.D(ξ)=m-m2
解析由离散型随机变量的概率关系可知:n=1-m.
则E(ξ)=0×m+1×n=n=1-m;
D(ξ)=[0-(1-m)]2m+[1-(1-m)]2(1-m)=m-m2=n-n2.
答案CD
11.(2024河北高二期中)下面四个选项中,正确的是()
A.设a,b,c分别表示数据15,17,14,10,15,17,17,16,14,12的平均数、中位数、众数,则abc
B.在线性回来模型中,相关系数r的肯定值越接近于1,表示两个变量的相关性越强
C.绘制频率分布直方图时,各小长方形的面积等于相应各组的组距
D.线性回来直线不肯定过样本中心点(
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