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全市2022~2023学年度第二学期期末教学质量监测考试
高二数学试题
一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知集合,,则()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】解不等式化简集合B,再利用交集的定义求解作答.
【详解】解不等式,得或,即或,而,
所以.
故选:D
2.设是虚数单位,则等于()
A.1 B. C. D.2
【答案】B
【解析】
【分析】利用的性质化简,从而利用复数的模的公式即可得解.
【详解】因为,
所以.
故选:B.
3.已知直线:,:,其中,则“”是“”的()
A.充要条件 B.必要不充分条件
C.充分不必要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】C
【解析】
【分析】利用两直线垂直求出a的范围,再利用充分条件、必要条件的定义判断作答.
【详解】直线:,:,由,得,解得或,
所以“”是“”的充分不必要条件.
故选:C
4.已知,,则的最小值为()
A.16 B.13 C.9 D.6
【答案】A
【解析】
【分析】利用基本不等式,结合“1”的替换可得.
【详解】因,,
所以,
当且仅当即,且时,等号成立.
故选:A
5.“环境就是民生,青山就是美丽,蓝天也是幸福”,随着经济的发展和社会的进步,人们的环境保护意识日益增强,贵州某家化工厂产生的废气中污染物的含量为,排放前每过滤一次,该污染物的含量都会减少20%,贵州省环保部门为了保护好贵州优越的生态环境,要求废气中该污染物的含量不能超过,若要使该工厂的废气达标排放,那么该污染物排放前需要过滤的次数至少为()(参考数据:,)
A.7 B.8 C.9 D.10
【答案】B
【解析】
【分析】设该污染物排放前需要过滤的次数为,则由题意得,解不等式可得答案.
【详解】设该污染物排放前需要过滤的次数为,则由题意得
,即,
所以,,
,
所以,
因为,,所以,
所以,
因为,所以的最小值为8,
故选:B
6.函数的部分图象可能为()
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用给定函数的奇偶性及在区间上的函数值情况判断作答.
【详解】函数的定义域为R,,
因此函数是R上的奇函数,图象关于原点对称,选项A不满足;
当时,,且当或时取等号,选项BC不满足,D满足.
故选:D
7.在正四棱台中,,.其外接球的体积为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意画出图形,结合图形,利用勾股定理得到关于的方程,从而可得外接球的体积.
【详解】记正四棱台上下两个底面的中心为,
连接,,,,过点作,垂足为,如图,
因为在正四棱台中,,,
所以,,则,
所以,,
在中,,
则,即是钝角,
所以外接球的球心在面的下方,又外接球的球心一定在上,连接,
则,设,
在中,,即,
在中,,即,
解得(负值舍去),
则所求外接球的体积为.
故选:C.
8.已知,,.则()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用对数换底公式结合均值不等式计算比较大小,构造函数并借助“媒介数”比较作答.
【详解】显然,则,因此,
令函数,求导得,函数在上单调递增,
当时,,即有,于是,
有,则,即,
所以.
故选:D
【点睛】思路点睛:某些数或式大小关系问题,看似与函数的单调性无关,细心挖掘问题的内在联系,抓住其本质,构造函数,分析并运用函数的单调性解题,它能起到化难为易、化繁为简的作用.
二、多项选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分)
9.在的展开式中,则()
A.所有项的二项式系数和为64 B.所有项的系数和为0
C.常数项为 D.二项式系数最大的项为第3项
【答案】AB
【解析】
【分析】由二项式系数可判断A;令可判断B;由二项式定理以及二项式系数的性质可判断CD.
【详解】对于A,所有项的二项式系数和为,故A正确;
对于B,,
令,得所有项的系数和为,故B正确;
对于C,二项展开式通项为,
则常数项为,故C错误;
对于D,展开式有7项,二项式系数最大为第4项,故D错误.
故选:AB.
10.主动降噪耳机工作的原理是:先通过微型麦克风采集周围的噪声,然后降噪芯片生成与噪声振幅相同、相位相反的声波来抵消噪声,设噪声声波曲线函数为,降噪声波曲线函数为,已知某噪声的声波曲线部分图象如图所示,则下列说法正确的是()
A.函数与图象关于轴对称
B.
C.的单调减区间为,
D.图象可以由
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