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高级中学名校试卷
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辽宁省沈阳市郊联体2025届高三上学期期中考试数学试卷
第Ⅰ卷(选择题)
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一个是符合题目要求的.
1.已知集合,,则()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】因为,,
所以.
故选:B.
2.已知是虚数单位,复数、在复平面内对应的点分别为、,则复数的虚部为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】由题可知,,
所以,
所以复数的虚部为,
故选:A
3.若数列为等比数列,则“”是“”的()
A.充要条件 B.既不充分也不必要条件
C.充分不必要条件 D.必要不充分条件
【答案】D
【解析】若数列的公比为,
由,故,若,则,故充分性不成立;
由得,则,
所以,当且仅当,即时取等号,故必要性成立;
因此“”是“”的必要不充分条件.
故选:D.
4.设等差数列中,,使函数在时取得极值,则的值是()
A.2或 B.2 C. D.
【答案】C
【解析】因为函数在时取得极值,
所以,而,
故有,解得或,
当时,,
故,令,,
令,,
得到在上单调递增,在上单调递减,
所以在函数在时取得极小值,符合题意,
由等差中项性质得,
当时,,
故,
即在上单调递增,所以此时函数无极值,不符合题意,故排除,
综上,的值是,故C正确.故选:C
5.在正四棱柱中,,,是该正四棱柱表面上的一动点,且满足,则点的运动轨迹的长度为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】如图,在上取点,使,连接,
则,故,
又,
故,
因为平面,平面,
所以,又,平面,
故平面,又平面,故,
在上取点,使,同理可证,
又,平面,则平面,
设平面与棱交于点,连接,
则平面平面,又平面平面,
由平面平面,则,
同理可证,故四边形为平行四边形,则四点共面,
在平面内,在棱上取点,使,连接,
则,,
则四边形是平行四边形,则,所以,
又,所以四边形是平行四边形,则,
则为的中点,由,
可得,则四边形为菱形,
且平面,由,则点在过点且与垂直的平面内,
即平面内,又点是该正四棱柱表面上的一动点,
故点的运动轨迹即为菱形,且该菱形的周长为.
故选:B.
6.已知函数的图象如图所示,图象与轴的交点为,与轴的交点为,最高点,且满足.若将的图象向左平移1个单位得到的图象对应的函数为,则()
A. B.0 C. D.
【答案】D
【解析】由题知,函数的周期满足,解得,
所以,
由图象与轴的交点为得,
因为,所以,即,
所以,图象与轴的交点为,
因为,所以,解得(负舍),
所以,
所以若将的图象向左平移1个单位得到的图象对应的函数为,
所以.
故选:D
7.已知函数的定义域为为奇函数,为偶函数,则()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】因为为奇函数,则,且函数的图象关于0,1中心对称,即,
因为为偶函数,所以,则,
所以,,所以,故的周期为,
因为,
所以,
故选:B.
8.已知,,若关于的不等式在上恒成立,则的最小值是()
A.4 B. C.8 D.
【答案】C
【解析】设,
又,所以在0,+∞单调递增,
当时,;当时,,
由图象开口向上,,可知方程gx=0有一正根一负根,
即函数在0,+∞有且仅有一个零点,且为异号零点;
由题意知,则当时,;当时,,
所以是方程的根,
则,即,且,
所以,
当且仅当,即时,等号成立,
则的最小值是8,
故选:C
二、多选题:本大题共3小题,每题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对得6分,部分选对得部分分,有错选的得0分.
9.下列说法,正确的有().
A.已知,,则向量在向量上的投影向量是
B.函数,图象向左平移后所得的函数为奇函数.
C.已知,则
D.在中,若,则为等腰三角形
【答案】ACD
【解析】对于A:向量在向量上投影向量,故A正确;
对于B:函数,
图象向左平移后所得的函数为,不是奇函数,故B不正确;
对于C:
,C正确;
对于D:,
向量与的角平分线共线,
所以的角平分线与垂直,所以为等腰三角形,D正确.
故选:ACD.
10.下列说法正确的是()
A.函数在区间的最小值为
B.函数的图象关于点中心对称
C.已知函数,若时,都有成立,则实数的取值范围为
D.若恒成立,则实数的取值范围为
【答案】ABD
【解析】对于A:,,
则,当时fx0,当时fx
所以在上单调递减,在上单调递增,
所以在取得极小值,即最小值,即,故A正确;
对于B:因为,则,
所以,
所以函数的图象关于
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