物理-2025届高三12月大联考考后强化卷（云南卷）（全解全析）-A4.docx

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2025届高三12月大联考考后强化卷（新高考卷）

物理·全解全析

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B

B

A

B

D

D

C

AC

CD

ABD

1．B【解析】根据图1可知，核的比结合能约为7MeV，则核的结合能约为，A错误；根据图1可知，核的比结合能比核的比结合能小，所以比更稳定，B正确；根据图2可知，核D裂变成核E和F的过程中，核子的平均质量减少，放出核能，比结合能增大，C错误；根据图2可知，若A、B能结合成C，核子的平均质量减少，结合过程一定要放出能量，D错误。

2．B【解析】飞行者做匀速圆周运动，则所受合力不为零，A错误；PG=mgvy，从A到B，竖直分速度减小，则飞行者所受重力的瞬时功率逐渐减小，B正确；飞行员受竖直向下的重力和空气阻力作用，合力方向指向圆心，则空气阻力方向与速度方向夹角大于90°，根据Pf=fvcosθ，可知空气对飞行者的作用力的瞬时功率不为零，空气对飞行者的作用力做负功，C、D错误。

3．A【解析】瓶内气体初始压强为，初始温度为，末态温度为，设瓶内气体末态压强为，根据查理定律有，解得。以瓶塞为研究对象，设每根手指对瓶塞的摩擦力大小为Ff，则有，又，联立可得，故选A。

4．B【解析】根据题意可知，O点是半圆形玻璃砖的圆心，可知，光线一定垂直射到圆弧界面ABC上，则光线一定能从圆弧界面ABC上射出，不可能发生全反射，故A错误，B正确；发生全反射需要光从光密介质射入光疏介质，则光线不会在下界面AOC发生全反射，故C错误；折射率是介质的固有属性，与入射角无关，故D错误。

5．D【解析】赤道上物体与中星卫星的角速度相等，由可知，中星卫星的线速度大于赤道上物体的线速度；由，可得，珞珈四号01星的轨道半径比中星卫星的轨道半径小，可知珞珈四号01星的线速度比中星卫星的线速度大，由此可知，珞珈四号01星的线速度最大，A错误；赤道上物体的周期等于中星卫星的周期，B错误；由，可得，由于珞珈四号01星的轨道半径比中星卫星的轨道半径小，所以珞珈四号01星的角速度大于中星6D卫星的角速度，C错误；由，解得，由于珞珈四号01星的轨道半径比中星卫星的轨道半径小，所以珞珈四号01星的向心加速度大于中星卫星的向心加速度，D正确。

6．D【解析】若开关与1保持连接，电容器两端的电压不变，当将一适当厚度的玻璃板插入电容器极板间时，根据可知，电容器的电容增大，根据可知，电容器的电荷量增大，相当于给电容器充电，故电阻R中有由a流向b的电流，A错误；若开关与1保持连接，保持电容器下极板不动，将上极板稍微向右移动一点距离，因板间电压和板间距离不变，则板间的场强大小不变，油滴依然静止在P点，B错误；若将开关打到2，电路稳定后，电容器的电荷量不变，保持电容器上极板不动，将下极板稍微上移一点距离，根据可知，电容器的电容增大，根据可知，电容器两端的电压减小，静电计的张角变小，由，可得，可知电场强度不变，故油滴仍处于静止状态，C错误；若将开关打到2，电路稳定后，电容器的电荷量不变，将上极板稍微向左移一点距离，则正对面积S减小，根据可知，电场强度增大，油滴将向上运动，由于P点距下极板的距离不变，根据，可知P点的电势升高，D正确。

7．C【解析】设小球Q的质量为m，O、Q间距离为L，在小球Q到达竖直墙之前，对小球Q进行受力分析，小球受重力、拉力、库仑力，如图，根据力的矢量三角形与三角形相似可得，在小球Q从图示位置到与墙壁接触的过程中，mg、h、qP、qQ均不变，L变小，r不变，因此这个过程小球Q绕小球P做圆周运动，当小球Q与墙壁接触后受重力、拉力、向上的库仑力，在拉力作用下沿墙壁直线上升，库仑力变小，小球在竖直方向受力平衡，F变大，所以拉力F先减小后增大；小球P、Q间的库仑力先不变，再逐渐减小，A、B错误；小球Q与墙壁接触前，库仑力不做功，小球P、Q组成的系统电势能不变；小球Q与墙壁接触后库仑力做正功，小球P、Q组成的系统电势能减小，所以小球P、Q组成的系统电势能先不变后减小，C正确；由可知小球Q在P球位置产生的电场强度大小先不变后减小，故D错误。

8．AC【解析】由图1和图2可知，P质点的振幅为，角频率，时刻，，可得初相位，则有P质点的振动方程为，A正确；时刻，P质点在平衡位置，所受合力是0，B错误；时刻，Q质点在波峰，则有，当时，可得，C正确；，其中，，当时，，当时，，当时，，因此该简谐横波的传播速度不可能是，故D错误。

9．CD【解析】t＝1.4s时运动员恰好到达最高点，由竖直方向上的运动特点可得，解得运动员起跳时竖直方向的初速度，此时还有水平分速度，则该运动员起跳速度大于14m/s，则t＝1.0s时，运动员竖直方向分速度为，A、B错误；根据运动的对称性可知，t=1.0s和t=1.8s时，竖