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江西省宜春市丰城市第九中学2023-2024学年度高二上学期期末考试数学试题【含解析】
一、单选题:(共8个小题,每小题5分,共40分.)
1.已知i为虚数单位,若复数对应的点在复平面的虚轴上,则实数()
A. B. C.6 D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用复数的除法运算整理一般式,可得答案.
【详解】由,
结合题意,则,解得
故选:D.
2.“”是“方程表示的曲线为椭圆”的()
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】B
【解析】
【分析】首先求方程表示椭圆的的取值范围,再根据集合的包含关系,即可判断选项.
详解】若方程表示椭圆,则
,解得:,且,
所以“”是“方程表示的曲线为椭圆”的必要不充分条件.
故选:B
3.记为等比数列的前项和,若,,则()
A.48 B.81 C.93 D.243
【答案】C
【解析】
【分析】根据等比数列的前项和先确定公比,再计算得,从而计算得的值,即可得的值.
【详解】设等比数列的公比为,因为,,
若,则,得,则,故,
则,所以,
所以,所以.
故选:C.
4.已知抛物线的焦点为F,准线为l,过点F且倾斜角为的直线交抛物线于点M(M在第一象限),,垂足为N,直线NF交x轴于点D,则()
A.2 B. C.4 D.
【答案】A
【解析】
【分析】由已知条件证得是等边三角形,在中,利用三角函数求.
【详解】由已知可得,,.
如图所示,过点F作,垂足为A.
由题得,所以.
根据抛物线的定义可知,
所以是等边三角形.
因为,所以.
在中,.
故选:A.
5.过直线上一点P作⊙M:的两条切线,切点分别为A,B,若使得的点P有两个,则实数m的取值范围为()
A. B.
C.或 D.或
【答案】B
【解析】
【分析】易得,根据题意可得圆心到直线的距离,进而可得出答案.
【详解】⊙M:的圆心,半径,
由,得,
由题意可得圆心到直线的距离,
即,解得.
故选:B.
6.在形状、大小完全相同的4个小球上分别写上4位学生的名字,放入袋子中,现在4位学生从袋子中依次抽取球,每次不放回随机取出一个,则恰有1位学生摸到写有自己名字的小球的概率为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】利用计数方法结合古典概型求解.
【详解】4位学生从袋子中依次抽取球,每次不放回随机取出一个的方法总数为种,
恰有1位学生摸到写有自己名字的小球,可以先从4人中选出1人摸到写有自己名字的小球,另外三人摸到的都不是写有自己名字的小球共种,
所以恰有1位学生摸到写有自己名字的小球的概率为.
故选:B
7.已知函数,若实数满足,则的最大值为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】首先对进行变形,构造函数,,推得其对称中心为,且上在单调递增,再结合对称性和单调性将转化为,再利用基本不等式求解的最大值.
【详解】由,
记,,
则,,
且单调递增,单调递增,
则与都关于中心对称且为上的增函数,
所以,
故关于中心对称且为上增函数,
则由,得,可得,
记,
则,
可得,当且仅当,即取等号,
故的最大值为.
故选:C.
【点睛】关键点睛:本题解决的关键是求得的对称中心,从而得到,的关系,进而利用基本不等式求解最值.
8.如图,在直三棱柱中,分别为线段的中点,,平面平面,则四面体的外接球的体积为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】取的中点,连接,由等腰三角形的性质与面面垂直的性质定理证平面,由线面垂直的性质及判定定理证平面,进而推出,利用勾股定理及勾股定理的逆定理等证,从而确定四面体的外接球的球心与半径,利用球的体积公式求解即可.
【详解】如图,取的中点,连接,
因为,所以.
又平面平面,平面平面平面,
所以平面,
又平面,所以.
依题意平面平面,
所以,又平面,
所以平面.
又平面,
所以,所以,
所以.
连接,则,
所以.
又,
所以,
所以.
因为与共斜边,
所以四面体的外接球的球心为的中点,
且外接球半径,
所以该球的体积.
故选:A
【点睛】确定简单几何体外接球的球心有如下结论:(1)正方体或长方体的外接球的球心为其体对角线的中点;(2)正棱柱的外接球的球心是上下底面中心的连线的中点;(3)直三棱柱的外接球的球心是上下底面三角形外心的连线的中点;(4)正棱锥的外接球的球心在其高线上;(5)若三棱锥的其中两个面是共斜边的直角三角形,则公共斜边的中点就是外接球的球心.
二、多选题:(共3个小题,每小题6分,共18分.)
9.函数的大致图象可能是()
A. B.
C. D.
【答案】B
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