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2024—2025学年第一学期12月阶段测评
高二数学
班级______姓名______考号______
(考试时间90分钟满分100分)
提示:试卷答案请一律填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效.
在答题卡上,选择题用2B铅笔作答,其他试题用黑色签字笔作答.
一、选择题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.
1.圆的圆心到直线的距离为()
A.2 B. C.1 D.
【答案】B
【解析】
【分析】求出圆心结合点到直线距离公式即可得解.
【详解】圆即,
所以圆心坐标为,所以圆心到直线的距离为.
故选:B.
2.如图,在四面体中,.点分别为棱的中点,则()
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】由,再结合平面向量运算法则即可求解.
【详解】
因为在四面体中,,
点分别为棱的中点,
所以,
故选:D.
3.已知直线的一个方向向量为,则直线的斜率为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据直线方向向量的定义可得斜率.
【详解】∵直线的一个方向向量为,
∴直线的斜率为.
故选:B.
4.化简方程的结果是()
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】由双曲线定义即可求解.
【详解】设动点,则由题意可得,
所以动点到两个定点的距离的差的绝对值等于常数8,又,
所以由双曲线定义可知P点的轨迹是以为焦点,实轴长为的双曲线,
所以,,
所以双曲线的方程为.
故选:D.
5.已知数列中,,,,那么数列的前10项和等于()
A.130 B.120 C.55 D.50
【答案】C
【解析】
【分析】先由题设结合等比数列定义得数列是等比数列并求出,进而可得,再由等差数列前n项和公式即可计算求解.
【详解】由题可知,,,
所以,故数列是以为首项和公比的等比数列,
所以,故,
所以数列的前10项和为.
故选:C.
6.已知,分别是平面,的法向量,且,则t的值为()
A.1 B.2 C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】两平面垂直等价于两平面的法向量垂直,利用两法向量数量积为0可得结果.
【详解】∵,∴,
∴,解得.
故选:B.
7.在空间直角坐标系中,已知三点,若点C在平面内,则点C坐标可能是()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据向量的运算可得,,由,不共线,结合向量基本定理可得,求得C点坐标为,代入验算即可得解.
【详解】由,,
显然,不共线,
根据向量基本定理可得,
故C点坐标为,
经验算只有B选项符合条件,
此时,
故选:B
8.已知直线,,则“”是“直线与相交”的()
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】A
【解析】
【分析】根据点到直线的距离公式,结合直线与圆的位置关系分别验证充分性,必要性即可得到结果.
【详解】由题意可得直线与相交,
则
当时,满足,即“”是“直线与相交”的充分条件;
当直线与相交时,不一定有,比如也满足,所以“”是“直线与相交”的充分不必要条件.
故选:A.
9.已知抛物线的焦点为,点,,在抛物线上,且,则有()
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据抛物线的定义求解即可.
【详解】
如图所示,由抛物线的定义可得,,.
∵,
,
故选:C.
10.已知曲线:,点,下面有四个结论:
①曲线关于轴对称;
②曲线与轴围成的封闭图形的面积不超过4;
③曲线上任意点满足;
④曲线与曲线有5个不同的交点.
则其中所有正确结论的序号是()
A.①②③ B.①②④ C.①③④ D.①②③④
【答案】A
【解析】
【分析】根据题意,分类讨论化简曲线的方程,利用椭圆与双曲线的几何性质,数形结合,逐项判定,即可求解.
【详解】当时,曲线的方程可化为,曲线表示部分椭圆,
当时,曲线的方程可化为,曲线表示部分双曲线,
作出曲线的图形,如图所示,
对于①中,由图象可知:曲线关于轴对称,所以①正确;
对于②中,由图象可知,曲线与轴围成的封闭图形的面积显然小于,
所以②正确;
对于③中,因为为椭圆的交点,且,
所以由椭圆的几何性质可得,
设点是双曲线上任意一点,则
则,
因为函数在为递减函数,所以,即,
综上可得,所以③正确;
对于④中,联立方程组,解得,
即直线与双曲线只有一个交点,
同理可得,与双曲线只有一个交点,
且两直线都过点,所以曲线与曲线有3个不同的交点,
所以④不正确.
故选:A.
二、填空题共6小题,每小题4分,共24分.
11.空间直角坐标系中,
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