九年级物理——电功率培优习题归纳(含答案).docxVIP

一．选择题（共16小题）

1．有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1200W，乙的额定功率为1800W．两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是（）

①甲电热水壶两端的电压较低②通过乙电热水壶做功较快

③通过两个电热水壶的电流相等④甲电热水壶的电阻较大

⑤乙电热水壶比甲电热水壶一次能烧更多的开水

⑥相同时间内，两个电热水壶消耗的电能不一样

A．只有②是对的 B．②④⑥是对的

C．①③是对的 D．④⑤⑥是对的

【分析】①两电热水壶正常工作时的电压和额定电压相等；

②两电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，实际功率大的电流做功快；

③根据P＝UI比较两电热水壶正常工作时的电流关系；

④根据P＝的变形公式可知两电热水壶的阻值关系；

⑤电热水壶烧开水的多少取决于水壶的容积；

⑥根据W＝Pt可知，相同时间内，两个电热水壶消耗的电能的关系。

【解答】解：①甲和乙两电热水壶的额定电压相等，则正常工作时它们两端的电压相等，故①错误；

②电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，乙的额定功率较大，其正常工作时的实际功率较大；因电功率是表示电流做功快慢的物理量，所以电流通过乙电热水壶做功较快，故②正确；

③两电热水壶正常工作时的电压相等，实际功率不同，由P＝UI的变形式I＝可知，通过的电流不相等，故③错误；

④由P＝的变形公式R＝可知，电热水壶的额定功率越大，电阻越小，因此甲电热水壶的电阻较大，故④正确；

⑤电热水壶烧开水的多少取决于水壶的容积，与电热水壶的额定功率无关，故⑤错误；

⑥根据W＝Pt可知，额定功率不同时，相同时间内，电热水壶消耗的电能不同，故⑥正确。

故选：B。

【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等、电压和额定电压相等。

2．关于电功、电功率，下列说法正确的是（）

A．电流通过导体做功越少，电功率越小

B．电功是表示电流做功快慢的物理量

C．电功率大的用电器一定比电功率小的用电器做的功多

D．在相同时间内，电流通过导体做功越多，电功率越大

【分析】电功是用电器中电流所做的功，消耗多少电能就做多少功；

电功率是表示电流做功快慢的物理量，定义是1秒内电流做功的多少。

【解答】解：

AD、电功率是表示电流做功快慢的物理量，而电功是用电器中电流所做的功，消耗多少电能就做多少功，若在相同时间内，电流通过导体做功越多（越小），电功率越大（小），故A错误、D正确；

B、电功率是表示电流做功快慢的物理量，而电功的实质是电能与其他形式能量的转换，故B错误；

C、根据W＝Pt知，在不确定做功时间的情况下，电功率大的用电器不一定比电功率小的用电器做的功多，故C错误。

故选：D。

【点评】电流做功的多少和电流做功的快慢不要混淆，掌握电功和电功率的概念是解决本题的关键。

3．甲、乙二个普通白炽灯泡铭牌上分别标着“220V40W”、“110V40W”字样，正常发光相同时间，它们消耗的电能（）

A．甲灯的多 B．乙灯的多 C．一样多 D．不能确定

【分析】用电器在正常工作时的实际功率等于额定功率，已知额定功率与时间，由W＝Pt可以比较用电器消耗的电能。

【解答】解：用电器在正常工作时的实际功率等于用电器的额定功率，

由灯泡的铭牌可知，两个白炽灯的额定功率相等，

则它们正常发光时的实际功率P相等，

由W＝Pt可知，在相等时间t内它们消耗的电能相等。

故选：C。

【点评】本题考查了电能的计算，关键是知道用电器在正常工作时的实际功率等于额定功率。

4．如图是手电筒工作的实物图（电池是新的）。当手电筒通电后流过灯泡的电流为0.2A，则通电3分钟后，手电筒的电功率和消耗的电能分别为（）

A．0.9W2.7J B．0.9W162J

C．7.5W22.5J D．7.5W1350J

【分析】知道电池的节数和灯泡的工作电流，根据P＝UI计算功率，知道功率和通电时间，根据W＝Pt计算消耗的电能。

【解答】解：如图，手电筒中装有3节干电池，一节干电池的电压是1.5V，三节干电池串联电压是4.5V，

灯泡工作电流是0.2A，所以灯泡的功率为：P＝UI＝4.5V×0.2A═0.9W，

3min灯泡消耗的电能为：W＝Pt＝0.9W×180s＝162J。

故选：B。

【点评】本题通过手电筒考查了电功率的计算和电能的计算，是比较简单的习题。

5．标有“6V3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示，若把它与一只阻值为8Ω的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路消耗的功率为（）

A．3.2W B．3.6W C．4W D．5W

【分析】并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过电阻的电流，根据图象读出通过灯泡的电流，根