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8-
章末复习课
[体系构建]
[核心速填]
1.基本概念
(1)电流
①定义式:I=eq\f(q,t).
②方向:与正电荷定向移动方向相同.
(2)电压
①定义式:U=eq\f(W,q).
②计算式:U=IR.
(3)电阻
①定义式:R=eq\f(U,I).
②确定式:R=ρeq\f(l,S).
(4)电动势:E=eq\f(W,q).
2.基本规律
(1)欧姆定律
①部分电路欧姆定律:I=eq\f(U,R).
②闭合电路欧姆定律:I=E/(R+r).
(2)电功和电热.
①电功:W=qU=UIt.
②电热(焦耳定律):Q=I2Rt.
(3)电功率.
①纯电阻:P=UI=I2R=eq\f(U2,R).
②电源.
a.总功率:P总=EI.
b.发热功率:P热=I2r.
c.输出功率:P出=UI.
d.关系:P总=P出+P热.
闭合电路的动态问题分析
1.特点
电路中局部的变更会引起整个电路电阻、电流、电压、电功率的变更,牵一“发”而动全局.
2.基本方法
(1)分析电路,弄清电路的串、并联关系,各电表所测的对象,明确变阻器阻值的变更状况.
(2)先整体,后局部,留意内外电路的联系.首先推断外电阻R的变更状况,再依据闭合电路欧姆定律I=eq\f(E,R+r)推断干路电流的变更,进而明确路端电压的变更状况.
(3)分清变和不变的量及它们之间的关系,先探讨不变的量,再探讨变更的量的变更状况.
3.分析步骤
(1)确定电路的外电阻R外如何变更.
(2)依据闭合电路欧姆定律I=eq\f(E,R外总+r)确定电路的总电流如何变更.
(3)由U外=E-Ir,确定电源的外电压(路端电压)如何变更.
(4)由部分电路欧姆定律,确定干路上某定值电阻两端的电压如何变更.
(5)确定支路电压及通过各支路的电流如何变更.
【例1】在如图所示的电路中,R1、R2、R3和R4皆为定值电阻,R5为可变电阻,电源的电动势为E,内阻为r,设电流表A1的读数为I1,电流表A2的读数为I2,电压表V1的示数为U1,电压表V2的读数为U2,当R5的滑片向a端移动过程中,电流表A1的读数变更量大小为ΔI1,电流表A2的读数变更量大小ΔI2,电压表V1的读数变更量大小为ΔU1,电压表V2的读数变更量大小为ΔU2,则()
A.I1变大,ΔU1ΔU2,eq\f(ΔU1,ΔI1)不变
B.I1变大,ΔU1ΔU2,eq\f(ΔU1,ΔI1)变小
C.I1变小,I2变小,eq\f(ΔU2,ΔI2)变小
D.U1变小,U2变小,eq\f(ΔU2,ΔI2)不变
D[当R5的滑片向图中a端移动时,R5变小,外电路总电阻变小,由闭合电路欧姆定律知,总电流I1变大,路端电压变小,U1变小.依据闭合电路欧姆定律知U2=E-I1(r+R1+R3),I1增大,则U2变小,因此I2变小;而U1变小、U2变小、R1+R3的总电压增大,则知ΔU1ΔU2.由闭合电路欧姆定律知:U1=E-Ir,则eq\f(ΔU1,ΔI1)=r,不变.故A、B错误.同理,eq\f(ΔU2,ΔI2)等于电阻R2与电阻R4之和,可知eq\f(ΔU2,ΔI2)不变,故C错误,D正确.]
[一语通关]
解答本题的关键是清晰eq\f(ΔU1,ΔI1)、eq\f(ΔU2,ΔI1)、eq\f(ΔU2,ΔI2)的物理含义:eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(ΔU1,ΔI1)))=r,eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(ΔU2,ΔI1)))=r+R1+R3,而eq\f(ΔU2,ΔI2)=R2+R4.
1.如图所示的电路中,电压表都看作志向电表,电源内阻为r.闭合开关S,当把滑动变阻器的滑片P向b端移动时()
A.电压表V1的示数变大,电压表V2的示数变小
B.电压表V1的示数变小,电压表V2的示数变大
C.电压表V1的示数变更量小于V2示数变更量
D.电压表V1的示数变更量大于V2示数变更量
C[图中电阻R2与R3并联后再与R1串联;在滑片P自a端向b端滑动的过程中,R3接入电路的电阻增加,电路的总电阻增加,依据闭合电路欧姆定律,电路的总电流I减小;路端电压U=E-Ir,则U变大,电压表V1的示数变大;并联部分电压U并=E-I(r+R1),I减小,U并变大,电压表V2的示数变大,故A、B错误;依据欧姆定律,有U=IR1+U并,由于U、U并变大,IR1变小,故路端电压变更小于并联部分电压,即电压表V1的示数变更量小于V2的示数变更量,故C正确,D错误.]
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