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自贡一中高2025届高三上期10月月考
数学试题
一?选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知全集,集合,则()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】由补集的运算即可求解.
【详解】解:,
,
故选:B.
2.已知,则“”是“”的()
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】D
【解析】
【分析】分别化简和,再根据充分、必要条件判断即可.
【详解】因为在单调递增,且,
所以,即
因为,所以,即,
所以存在两种情况:且,且,
因此推不出,
同样推不出,
因此“”是“”的既不充分也不必要条件.
故选:D.
3.已知函数是函数的导函数,则函数的部分图象是()
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】求导得的解析式,可判断为奇函数,可排除AB,再由特殊值可排除C,即可得解.
【详解】∵,
,
∵,
为奇函数,图象关于原点对称,故排除AB;
,故排除C,而D符合
故选:D.
4.纯电动汽车是以车载电源为动力,用电机驱动车轮行驶,符合道路交通?安全法规各项要求的车辆,它使用存储在电池中的电来发动.因其对环境影响较小,逐渐成为当今世界的乘用车的发展方向.研究发现电池的容量随放电电流的大小而改变,1898年Peukert提出铅酸电池的容量、放电时间和放电电流之间关系的经验公式:,其中为与蓄电池结构有关的常数(称为Peukert常数),在电池容量不变的条件下,当放电电流为时,放电时间为;当放电电流为时,放电时间为,则该萻电池的Peukert常数约为()(参考数据:,)
A.1.12 B.1.13 C.1.14 D.1.15
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意可得,再结合对数式与指数式的互化及换底公式即可求解.
【详解】由题意知,
所以,两边取以10为底的对数,得,
所以.
故选:D.
5.将函数的图象上所有点的横坐标缩短到原来的倍(纵坐标不变),再将所得图象向左平移个单位后得到的函数图象关于原点中心对称,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】先通过伸缩变换与平移变换得到,由关于原点中心对称得到,进而求出答案.
【详解】的图象上所有点的横坐标缩短到原来的倍(纵坐标不变)得到,将所得图象向左平移个单位后得到的函数是,由题意得:,,所以,,故.
故选:C
6.若1为函数的极大值点,则实数a的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意,求得,结合是函数的一个极大值点,得出不等式,即可求解.
【详解】由函数,可得,
令,可得或,
因为是函数的一个极大值点,则满足,解得,
所以实数的取值范围为.
故选:C.
7.已知奇函数在上是增函数,.若,,,则,,的大小关系为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】先判断出函数单调性,再比较这3个数的大小,然后利用单调即可.
【详解】因为是奇函数且在上是增函数,所以在时,,
从而是上的偶函数,且在上是增函数,
,
,又,则,所以即,
,所以.
故选:C.
8.若对任意的,且,则的最小值是()
A. B. C.1 D.
【答案】D
【解析】
【分析】先根据函数有意义得出,再构造函数,根据题意得出在上单调递减,进而求出的单调递减区间,再根据即可求解.
【详解】解:对任意的,且,
易知:,
化简得:,
即,
即,
令,
则函数在上单调递减,
因,
由,可得:,
所以的单调递减区间为,
所以,
所以,
因此,实数的最小值为.
故选:D.
二?多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项是符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9.下列命题为真命题的是()
A.“”是“”的充分不必要条件
B.命题“”的否定是“”
C.若,则
D.若,且,则的最小值为9
【答案】AD
【解析】
【分析】首先可通过也有可能是负数得出A;通过全称命题的否定是特称命题判断出B;后通过判断出C;利用基本不等式可判断出D.
【详解】解:A.若,则;若,则也有可能是负数,
故“”是“”的充分不必要条件,正确,符合题意;
B.命题“”的否定是“”,错误,不符合题意;
C.若,,则,错误,不符合题意;
D.若,且,则,
当且仅当时,即时,取等号,故最小值为9,正确,符合题意;
故选:AD.
10.已知函数,则()
A.的最小正周期为 B.是曲线的一个对称中心
C.是曲线的一条对称轴 D.
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