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十堰市2024-2025学年度上学期期末调研考试
高二数学
本试题卷共4页,共19道题,满分150分,考试时间120分钟.
★祝考试顺利★
注意事项:
1.答题前,考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡和试卷指定位置上,并将考号条形码贴在答题卡上的指定位置.
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.答在试题卷、草稿纸上无效.
3.非选择题用0.5毫米黑色墨水签字笔将答案直接答在答题卡上对应的答题区域内.答在试题卷、草稿纸上无效.
4.考生必须保持答题卡的整洁.考试结束后,只交答题卡.
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知数列,,,,…,则该数列的第项为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据数列中的项,归纳得到数列的通项公式为,即可求解.
【详解】该数列的通项公式为,所以,
故选:C.
2.已知空间四点,,,,则下列选项正确的是()
A. B.与夹角的余弦值为
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】分别求出、、、,利用空间向量的运算逐一判断即可.
【详解】因为,,所以,所以,故A错误,D正确.
因为,,所以,故B和C错误,
故选:D.
3.直线的图象如图所示,则圆与直线的位置关系为()
A.相离 B.相切 C.相交 D.无法确定
【答案】C
【解析】
【分析】根据圆心到直线的距离判断直线与圆的位置关系即可.
【详解】由图可知,圆的圆心为,半径,
圆心到直线的距离,
所以直线与圆相交.
故选:C
4.曲率半径可用来描述曲线上某点处的弯曲变化程度,曲率半径越大,则曲线在该点处的弯曲程度越小.已知椭圆上点处的曲率半径.若椭圆上所有点的曲率半径的最大值为,最小值为2,则椭圆的标准方程为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据曲率半径的意义先判断出椭圆在点处的曲率半径最小,在点处的曲率半径最大,并会用点处的曲率半径公式求出的关系,进而求出即可.
【详解】因为曲率半径越大,曲线在该点处的弯曲程度越小,
所以椭圆在点处的曲率半径最小,则,,
椭圆在点处的曲率半径最大,则,,
所以,,故椭圆的标准方程为.
故选:B
5.2024年奥运会在巴黎举行,中国运动员的拼搏精神给人们留下了深刻印象.为了增加学生对奥运知识的了解,弘扬奥运精神,某校组织高二年级学生进行了奥运知识能力测试.根据测试成绩(单位:分),将所得数据按照,,,,,分成6组,其频率分布直方图如图所示,用频率近似概率,从测试成绩中随机抽取2个,抽取的2个中至少有1个低于60分的概率为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】会用频率直方图求概率,并会求两个相互独立事件同时发生的概率.
【详解】由频率近似概率知,抽取1个成绩低于60分的概率为,所以抽取的2个成绩中至少有1个低于60分的概率.
故选:A
6.在棱长为6的正四面体中,,,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】将向量用正四面体的棱长表示,再进行数量积运算即可.
【详解】因为,,
所以
因为,且
所以,
所以.
因为正四面体的棱长为6,所以.
故选:C.
7.“杨辉三角”是中国古代重要的数学成就.如图,这是由“杨辉三角”拓展而成的三角形数阵,记为图中虚线上的数1,3,6,10,…构成的数列的第项,则()
A.12210 B.6105 C.6205 D.12220
【答案】B
【解析】
【分析】归纳可得,利用累加法结合等差数列的求和公式可得答案.
【详解】因为
归纳可得,又,
所以,
所以,
故.
故选:B.
8.已知为坐标原点,直线与直线的交点为,则直线的倾斜角的取值范围为()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】求出两直线所过定点,确定点的轨迹是以为直径的圆(除点外),求出其方程,数形结合,利用直线和圆相切,求出相切时切线斜率,即可求得答案.
【详解】由题意直线,即,直线,
且满足,
故直线过定点,直线过定点,且直线与直线垂直,
所以点的轨迹是以为直径的圆(除点外),且圆心为,半径为,
所以点的轨迹方程是除去点.
易知直线的斜率存在,设直线的方程为.
当直线与圆相切时,圆心到直线的距离,解得±1.
当时,切点为,所以直线的倾斜角的取值范围为.
故选:D
二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9.若为等差数列,,,是数列的
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