1 第1讲 磁场及其对电流的作用.pptxVIP

第十章磁场;三

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考

情;三

年

考

情

;命

题

规

律;1;;;1;知识梳理;南极;切线;(2)几种常见的磁场

①条形磁体和蹄形磁体的磁场(如图所示);?;?;√;√;两直角导线可以等效为如图所示的两直导线，由安培定

则可知，两直导线在M处的磁感应强度方向分别为垂直

纸面向里、垂直纸面向外，故M处的磁感应强度为0；两

直导线在N处的磁感应强度方向均垂直纸面向里，故N处

的磁感应强度为2B，故B正确。;√;若将其中一根导线中的电流反向，圆心O处的磁感应

强度大小为B0，由右手螺旋定则及磁场的叠加原理可

知，对称的两个同向电流在圆心O处的磁感应强度大

小为0，反向对称的两个电流在圆心O处的磁感应强度

大小为B0，如果有两个反向电流时，它们在O处的磁

场方向间的夹角可能有60°、120°与180°三种情况，当夹角为60°

时，圆心O处的磁感应强度大小为B＝2B0cos＝B0，当夹角为120°时，圆心O处的磁感应强度大小为B＝2B0cos＝B0，当夹

角为180°时，圆心O处的磁感应强度大小为B＝0，所以A、D错误，B、C正确。;归纳提升;1;知识梳理;基础知识判断;核心突破;;根据安培定则，可判断出导线a左侧部分的空间

磁场方向斜向右上，右侧部分的磁场方向斜向下

方，根据左手定则可判断出安培力左半部分垂直

纸面向外，右半部分垂直纸面向里，故C正确，

A、B、D错误。故选C。;√;因I1?I2，则可不考虑四个边上的直导线之间的相互作

用，根据两通电直导线间的安培力作用满足“同向电

流相互吸引，异向电流相互排斥”，则正方形左、右

两侧的直导线I2要受到I1吸引的安培力，形成凹形，正

方形上、下两边的直导线I2要受到I1排斥的安培力，形成凸形，故C正确。;;√;设每根导体棒的电阻为R，长度为l，则电路中，上、下

两路电阻之比为R1∶R2＝2R∶R＝2∶1，上、下两路电

流之比I1∶I2＝1∶2。如题图所示，由于上路通电的导

体受安培力的有效长度也为l，根据安培力计算公式F＝

IlB，可知F′∶F＝I1∶I2＝1∶2，得F′＝F，根据左手

定则可知，两力方向相同，故线框LMN所受的合力大小为F＋F′＝1.5F，故B正确。;电流元法;;法一(电流元法)：把线圈L1沿水平转动轴分成上、下两

部分，每一部分又可以看成无数段直线电流元，电流元

处在L2产生的磁场中，根据安培定则可知各电流元所在

处的磁场方向向上，由左手定则可得，上半部分电流元

所受安培力方向均指向纸外，下半部分电流元所受安培力方向均指向纸内，因此从左向右看线圈L1将顺时针转动。;法二(等效法)：把线圈L1等效为小磁针，该小磁针刚好

处于环形电流I2的中心，小磁针的N极应指向该点环形

电流I2的磁场方向，由安培定则可知I2产生的磁场方向

在其中心处竖直向上，而L1等效成小磁针后，转动前，

N极指向纸内，因此小磁针的N极应由指向纸内转为向上，所以从左向右看，线圈L1将顺时针转动。

法三(结论法)：环形电流I1、I2不平行，则一定有相对转动，直到两环形电流同向平行为止。据此可得，从左向右看，线圈L1将顺时针转动。;√;根据安培定则，Q产生的磁场的方向垂直于纸面向外，

P产生的磁场方向水平向右，将Q等效于S极在里、N极

在外的小磁针，P等效于左侧S极、右侧N极的小磁针，

根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引的特点，P

将逆时针转动，Q将顺时针转动；转动后P、Q两环相互

靠近处的电流的方向相同，所以两个线圈相互吸引，细线张力减小，故C正确，A、B、D错误。;考点三安培力作用下导体的平衡及加速问题;考向1安培力作用下导体的平衡问题

1．求解安培力作用下导体的平衡或加速问题的关键

画受力图→三维图二维平面图，即通过画俯视图、剖面图、侧视图等，将立体图转换为平面受力图。;2．求解安培力作用下导体平衡或加速问题的基本思路

(1)选定研究对象。

(2)变三维图为二维图，如侧视图、剖面图或俯视图等，并画出平面受力分析图，其中安培力的方向要注意F⊥B、F⊥I。

(3)若导体处于平衡状态，则列平衡方程；若导体处于非平衡状态，则列动力学方程。;;当导线静止在题图(a)右侧位置时，对导线做受力分析如图

所示，由左手定则可知要让安培力为图示方向，则导线中

电流方向应由M指向N，故A错误；由于与OO′距离相等位

置的磁感应强度大小相等且不随时间变化，有sinθ＝，

FT＝mgcosθ，则可看出sinθ与电流I成正比，当I增大时

θ增大，则cosθ减小，静止后，导线对悬线的拉力FT减小，

故B、C错误，D正确。故选D。;√;通电导体棒受安培力与斜面夹角为α，受重

力、支持力、摩