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2023学年高三第一次联考
数学试题
选择题部分
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.设集合,,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】由不等式,解得或,再运用集合的交集即可.
【详解】由不等式,解得或,则集合或,
又,
∴.
故选:C.
2.圆的圆心坐标和半径分别为()
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】将一般方程化为标准方程即可求解.
【详解】圆,即,
它的圆心坐标和半径分别为.
故选:A.
3.已知平面向量满足:与的夹角为,若,则()
A.0 B.1 C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】先计算平面向量的数量积,再利用,列式解得即可.
【详解】由题意,得,
由,得,即,
∴,解得.
故选:D
4.已知直线和平面,则“”是“”的()
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】A
【解析】
【分析】由线面平行的判定、面面平行的性质以及充分不必要条件的定义即可求解.
【详解】因为,则存在使得且,
若且,则,
又且,所以,充分性成立;
设,,则有,但不平行,即必要性不成立.
故选:A.
5.展开式中含项的系数为()
A.30 B. C.10 D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据排列组合与二项式定理知识直接计算即可.
【详解】由题意得,展开式中含的项为,
所以展开式中含项的系数为.
故选:B
6.已知函数,该图象上最高点与最低点的最近距离为5,且点是函数的一个对称点,则和的值可能是()
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】由题意首先得,进一步由,对比选项即可得解.
【详解】由题意函数周期满足,,所以,
又点是函数的一个对称点,所以,
所以或,对比选项可知,只有当时满足题意.
故选:D.
7.一个正方形网格由99条竖线和99条横线组成,每个最小正方形格子边长都是1.现在网格中心点处放置一棋子,棋子将按如下规则沿线移动:.,点到的长度为1,点到的长度为2,点到的长度为3,点到的长度为4,……,每次换方向后的直线移动长度均比前一次多1,变换方向均为向右转.按此规则一直移动直到移出网格为止,则棋子在网格上移动的轨迹长度是()
A.4752 B.4753 C.4850 D.4851
【答案】C
【解析】
【分析】构建一个等差数列,首项为,公差为,求(第98次移动时只能移动97个单位,即)的和.
【详解】由题意,设等差数列首项为,公差为,
∴.
故选:C.
8.已知分别是双曲线的左,右顶点,是双曲线上的一动点,直线,与交于两点,的外接圆面积分别为,则的最小值为()
A. B. C. D.1
【答案】A
【解析】
【分析】容易知道,设直线的方程为:,则直线的方程为:,求出,两点坐标,则,设的外接圆的半径分别为,,由正弦定理得,,可知,再利用基本不等式即可求值.
【详解】由已知得,,,由双曲线的对称性,不妨设在第一象限,
所以,,
所以,
设直线的方程为:,则直线的方程为:,
同时令,则,,
所以,
设外接圆的半径分别为,,
由正弦定理得,
,,
所以,
当且仅当,即时取等号,
所以.
故选:A
【点睛】结论点睛:若、分别为双曲线的左、右顶点,为双曲线上一动点,则直线与直线的斜率之积为定值.
二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9.若(为虚数单位),则下列说法正确的为()
A. B.
C. D.
【答案】ACD
【解析】
【分析】由共轭复数的定义、复数的模长公式、复数的运算对选项一一判断即可得出答案.
【详解】对于A,,则,所以,故A正确;
对于,对于B,
,故B错误;
对于C,,故C正确;
对于D,,
所以,故D正确.
故选:ACD.
10.为调研加工零件效率,调研员通过试验获得加工零件个数与所用时间(单位:)的5组数据为:,根据以上数据可得经验回归方程为:,则()
A.
B.回归直线必过点
C.加工60个零件的时间大约为
D.若去掉,剩下4组数据的经验回归方程会有变化
【答案】BC
【解析】
【分析】求得数据的样本中心点可判断B;结合回归方程可求出可判断A;将代入回归方程求得预测值可判断C;根据恒过,可判断D.
【详解】,,
所以恒过,所以,
解得:,故A错误;B正确;
所以,令,则,
故加工60个零件的时间大约为,故C正确;
因为恒过,
所以剩下4组数据的经验回归方程不会有变化,故D错误.
故选:BC.
11.设是抛物线弧上的
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