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;课标要求;;基础整合自测纠偏;;3.求二面角的大小
(1)如图①,AB,CD是二面角α-l-β的两个面内与棱l垂直的直线,则二面角的大小θ=________________.
(2)如图②③,n1,n2分别是二面角α-l-β的两个半平面α,β的法向量,则二面角的大小θ=〈n1,n2〉或θ=π-〈n1,n2〉.
;(a·u)u;;【特别提醒】
1.线面角θ的正弦值等于直线的方向向量a与平面的法向量n所成角的余弦值的绝对值,即sinθ=|cos〈a,n〉|,不要误记为cosθ=|cos〈a,n〉|.
2.二面角与法向量的夹角:利用平面的法向量求二面角的大小时,当求出两个半平面α,β的法向量n1,n2时,要根据向量坐标在图形中观察法向量的方向,来确定二面角与向量n1,n2的夹角是相等,还是互补.
;【常用结论】
最小角定理cosθ=cosθ1cosθ2
如图,若OA为平面α的一条斜线,O为斜足,OB为OA在平面α内的射影,OC为平面α内的一条直线,其中θ为OA与OC所成的角,θ1为OA与OB所成的角,即线面角,θ2为OB与OC所成的角,那么cosθ=cosθ1cosθ2.
;【答案】D;【答案】D
;
3.(2021年无锡月考)若平面α的一个法向量为n1=(1,0,1),平面β的一个法向量为n2=(-3,1,3),则平面α与β所成的角等于 ()
A.30° B.45°
C.60° D.90°
【答案】D
;【答案】30°
5.(教材改编)过正方形ABCD的顶点A作线段PA⊥平面ABCD,若AB=PA,则平面PAB与平面PCD所成的角为________.
【答案】45°;判断下面结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”).
(1)两直线的方向向量所成的角就是两条直线所成的角. ()
(2)直线的方向向量和平面的法向量所成的角就是直线与平面所成的角. ()
(3)两个平面的法向量所成的角是这两个平面所成的角. ()
;【答案】(1)×(2)×(3)×(4)√
;重难突破能力提升; 如图,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,底面ABCD是菱形,AB=2,∠BAD=60°.
(1)求证:BD⊥平面PAC;
(2)若PA=AB,求PB与AC所成角的余弦值.
(1)证明:因为四边形ABCD是菱形,所以AC⊥BD.
又因为PA⊥平面ABCD,BD?平面ABCD,
所以PA⊥BD.
又因为AC∩PA=A,所以BD⊥平面PAC.
;;【解题技巧】
用向量法求异面直线所成角的一般步骤
(1)选择三条两两垂直的直线建立空???直角坐标系;
(2)分别确定异面直线上两个点的坐标,从而确定两条异面直线的方向向量;
(3)利用向量的夹角公式求出向量夹角的余弦值;
(4)两异面直线所成角的余弦值等于两向量夹角余弦值的绝对值.;【答案】C
;利用空间向量求直线与平面所成的角;;【解题技巧】利用空间向量求线面角的解题模型
;【变式精练】
2.(2020年新高考卷)如图,四棱锥P-ABCD的底面为正方形,PD⊥底面ABCD.设平面PAD与平面PBC的交线为l.
(1)证明:l⊥平面PDC;
(2)已知PD=AD=1,Q为l上的点,求PB与平面QCD所成角的正弦值的最大值.
;
(1)证明:因为PD⊥底面ABCD,
所以PD⊥AD.
又底面ABCD为正方形,所以AD⊥DC,且PD∩DC=D,所以AD⊥平面PDC.
又因为AD∥BC,AD?平面PBC,所以AD∥平面PBC.
由已知得l∥AD.因此l⊥平面PDC.
;; (2021年新高考Ⅰ卷)如图,在三棱锥A-BCD中,平面ABD⊥平面BCD,AB=AD,O为BD的中点.
(1)证明:OA⊥CD;
(2)若△OCD是边长为1的等边三角形,点E在
棱AD上,DE=2EA,且二面角E-BC-D的大小为
45°,求三棱锥A-BCD的体积.
;
(1)证明:因为AB=AD,O为BD的中点,所以AO⊥BD,
又平面ABD⊥平面BCD,平面ABD∩平面BCD=BD,AO?平面BCD,
所以AO⊥平面BCD,又CD?平面BCD,
所以AO⊥CD.
;(2)解:如图,取OD???中点F,因为△OCD为正三角形,所以CF⊥OD,
过O作OM∥CF与BC交于点M,则OM⊥OD,
所以OM,OD,OA两两垂直,
以点O为坐标原点,分别以OM,OD,OA为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系如图所示,
;;; 如图,已知正方形ABCD的边长为1,PD⊥平面ABCD,且PD=1,E,F分别为AB,BC的中点.
(1)求点D到平面PEF的距离;
(2)求直线AC到平面PEF的距离.
;;【解题技巧】
1.空间距离包括空间内任意两点之间的距离、点到平面的距离、直线与平面的距离以及两平行
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