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武汉市2022届高中毕业生二月调研考试数学试卷
一?选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合,则()
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据一元二次不等式的解法求出集合,再进行并集运算即可求解.
【详解】因为或,
又,
所以或,
故选:C.
2.若为第二象限角,且,则()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用同角三角函数的基本关系可求得的值.
【详解】因为为第二象限角,则,则.
故选:D.
3.已知抛物线的焦点为,点为抛物线上一点,则()
A.2 B.3 C.4 D.5
【答案】B
【解析】
【分析】先将点的坐标代入方程中求出的值,再利用抛物线的定义可求得结果
【详解】因为在抛物线上,
所以,得,
所以抛物线的焦点为,准线方程为,
所以,
故选:B
4.某圆锥体积为1,用一个平行于圆锥底面的平面截该圆锥得到一个圆台,若圆台上底面和下底面半径之比为,则该圆台体积为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】设小锥体的底面半径为,大锥体的底面半径为,小锥体的高为,大锥体的高为为,通过表示大圆锥和小圆锥体积,作差可得圆台体积.
【详解】设小锥体的底面半径为,大锥体的底面半径为,小锥体的高为,大锥体的高为为,
则大圆锥的体积即为,整理得,
即小圆锥的体积为
所以该圆台体积为
故选:A.
5.向量满足,且,则()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】由已知条件可得,化简后结合已知条件求出,
【详解】因为,
所以,
所以,
所以,
因为,所以,
所以,
故选:D
6.已知函数的定义域为,数列满足,则“数列为递增数列”是“函数为增函数”的()
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】B
【解析】
【分析】利用特例法、函数的单调性、数列的单调性结合充分条件、必要条件的定义判断可得出结论.
【详解】若数列为递增数列,取,即,
则对任意的恒成立,
所以数列为单调递增数列,但函数在上不单调,
即“数列为递增数列”“函数为增函数”;
若函数在上为增函数,对任意的,则,即,
故数列为递增数列,
即“数列为递增数列”“函数为增函数”.
因此,“数列为递增数列”是“函数为增函数”的必要不充分条件.
故选:B.
7.已知随机变量服从正态分布,若函数为偶函数,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用偶函数的定义结合正态密度曲线的对称性可求得的值.
【详解】因为函数为偶函数,则,即,
所以,.
故选:C.
8.互相垂直且有公共原点的两条数轴构成平面直角坐标系,但如果平面坐标系中两条坐标轴不垂直,则这样的坐标系称为“斜坐标系”.如图,在斜坐标系中,过点作两坐标轴的平行线,其在轴和轴上的截距分别作为点的坐标和坐标,记.若斜坐标系中,轴正方向和轴正方向的夹角为,则该坐标系中和两点间的距离为()
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
【分析】建立直角坐标系,求出直角坐标,即可得解.
【详解】以O为坐标原点,原x轴正方向为x轴,垂直于x轴的方向为y轴建立平面直角坐标系,
则在直角坐标系下,,,
则
.
故选:A.
二?多选题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9.已知两个复数满足,且,则下面说法正确的是()
A. B.
C. D.
【答案】ABD
【解析】
【分析】根据复数的乘法运算和相等复数的概念求出,进而结合复数的几何意义和共轭复数的概念依次判断选项即可.
【详解】由题意知,
设为实数),则,
即,所以,解得,
所以,故A正确;
,,
所以,故B正确;
,
所以,故C错误;
,所以,故D正确.
故选:ABD
10.某班级学生开展课外数学探究活动,将一杯冷水从冰箱中取出后静置,在的室温下测量水温单位随时间(单位:)的变化关系,在测量了15个数据后,根据这些实验数据得到如下的散点图:
现需要选择合适的回归方程进行回归分析,则根据散点图,合适的回归方程类型有()
A. B.
C. D.
【答案】AC
【解析】
【分析】散点图的特点是单调递增,增长速度越来越慢,且,根据特点对选项一一判断即可.
【详解】散点图的特点是单调递增,增长速度越来越慢,且
对A选项,符合散点图的特点;
对B选项,有不符合散点图的特点;
对C选项,符合散点图的特点;
对D选项,的增长速度不变,不符合散
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